THIẾT KẾ CÂU HỎI VẬN DỤNG - VẬN DỤNG CAO THEO CHUYÊN ĐỀ THAM KHẢO ĐỀ MINH HỌA MÔN HÓA HỌC 2021

THIẾT KẾ CÂU HỎI VD VDC HÓA HỌC

vectorstock.com/28062440

Ths Nguyễn Thanh Tú eBook Collection

THIẾT KẾ CÂU HỎI VẬN DỤNG - VẬN DỤNG CAO THEO CHUYÊN ĐỀ THAM KHẢO ĐỀ MINH HỌA MÔN HÓA HỌC - THI TỐT NGHIỆP THPT 2021 6 CHUYÊN ĐỀ CÓ HƯỚNG DẪN GIẢI THEO SƠ ĐỒ TƯ DUY WORD VERSION | 2021 EDITION ORDER NOW / CHUYỂN GIAO QUA EMAIL TAILIEUCHUANTHAMKHAO@GMAIL.COM Tài liệu chuẩn tham khảo Phát triển kênh bởi Ths Nguyễn Thanh Tú Đơn vị tài trợ / phát hành / chia sẻ học thuật : Nguyen Thanh Tu Group Hỗ trợ trực tuyến Fb www.facebook.com/DayKemQuyNhon Mobi/Zalo 0905779594

Câu 78.0.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,09 mol E cần dùng vừa đủ 0,67 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,54 mol H2O .Khối lượng của X trong 14,56 gam hỗn hợp E là A.7,04 gam.

B.7,20 gam.

C.8,80 gam.

D.10,56 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : R(NH2)n

x mol Amin

'

y mol Ankan R (NH2)0

Cn H 2n + 2 - t (NH2) t 0,09

NH2 0,09 . t CH2

a

H2 - t

0,09

O2 0,67 mol

CO2 a mol H2O 0,54 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,4 10 + Bảo toàn H: t = → m = 7, 28 gam 9 *Sơ đồ đường chéo :

x mol Amin

R(NH2)n

y mol Ankan R'(NH2)0

10 9

10 9 9n - 10 9

Vì x > y nên 10 > 9n – 10 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,05 ; y = 0,04 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,05.u + 0,04.v = 0,4 → 5u + 4v = 40 ( u phải chẵn theo góc nhìn toán học ) u 2 4 6 v 7,5 5 2,5 Chọn C4H8(NH2)2 0,05 mol C5H12

0,04 mol

mX (trong 7,28 gam E) = 4,4 gam

mX (trong 14,56 gam E) = 8,8 gam

( Trong bài toán trên mẹo tính nhanh ( bảo toàn H) ta tính số nguyên tử H trung bình là 12 → dự đoán an kan là C5H12 ) Câu 78.1.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,09 mol E cần dùng vừa đủ 0,6575 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,515 mol H2O .Khối lượng của X trong 10,245 gam hỗn hợp E là A.7,04 gam.

B.5,475 gam.

C.8,80 gam.

D.10,56 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy :

R(NH2)n

x mol Amin

'

y mol Ankan R (NH2)0

Cn H 2n + 2 - t (NH2) t 0,09

NH2 0,09 . t CH2

a

H2 - t

0,09

O2 0,6575 mol

CO2 a mol H2O 0,515 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,4 5 + Bảo toàn H: t = → m = 6,83 gam 9 *Sơ đồ đường chéo :

R(NH2)n

x mol Amin

y mol Ankan R'(NH2)0

5 9

5 9 9n - 5 9

Vì x > y nên 5 > 9n – 5 > 0 → chọn được n= 1 → tìm được x = 0,05 ; y = 0,04 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,05.u + 0,04.v = 0,4 ( u phải chẵn theo góc nhìn toán học ) u 2 4 6 v 7,5 5 2,5 Chọn C4H9NH2 0,05 mol C5H12

0,04 mol

mX (trong 10,245 gam E) = 5,475 gam

mX (trong 6,83 gam E) = 3,65 gam

Câu 78.2.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,085 mol E cần dùng vừa đủ 0,705 mol O2 thu được N2 , CO2 và 9,18 gam H2O .Khối lượng của Y trong 9,72 gam hỗn hợp E là A.4,04 gam.

B.2,52 gam.

C.3,80 gam.

D.2,56 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Anken R (NH2)0

Cn H 2n - t (NH2) t 0,085

NH2 0,085 . t CH2

a

H0 - t

0,085

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,45 → m = 8,1 gam ( bảo toàn khối lượng ) 24 + Bảo toàn H: t = 17

O2 0,705 mol

CO2 a mol H2O 0,51 mol

*Sơ đồ đường chéo :

x mol Amin

24 17

R(NH2)n

y mol Ankan R'(NH2)0

24 17

17n - 24 17

Vì x > y nên 24 > 17n – 24 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,06 ; y = 0,025 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,06.u + 0,025.v = 0,45 → 12u + 5v = 90 ( v phải chắn theo góc nhìn toán học , v ≥ 2) v 2 4 6 8 10 u 6,667 5,83 5 4,16 3,33 Chọn C5H8(NH2)2 0,06 mol C6H12

0,025 mol

mY (trong 9,72 gam E) = 2,52 gam

mY (trong 8,1 gam E) = 2,1 gam

( Trong bài toán trên mẹo tính nhanh ( bảo toàn H) ta tính số nguyên tử H trung bình là 12 → dự đoán an ken là C6H12 ) Câu 78.3.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y( không ở thể khí điều kiện thường), số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,09 mol E cần dùng vừa đủ 0,8075 mol O2 thu được N2 , CO2 và 9,99 gam H2O .Khối lượng của X trong 11,438 gam hỗn hợp E là A.4,25 gam.

B.5,95 gam.

C.6,80 gam.

D.6,56 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Ankan R (NH2)0

Cn H 2n 0,09

-t

NH2 0,09 . t

(NH2) t

CH2

a

H0 - t

0,09

O2 0,8075 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,53 → m = 8,17 gam ( bảo toàn khối lượng ) 5 + Bảo toàn H: t = 9 *Sơ đồ đường chéo : 5 R(NH2)n x mol Amin 9 5 y mol Ankan R'(NH2)0 9 9n - 5

9

CO2 a mol H2O 0,555 mol

Vì x > y nên 5 > 9n – 5 > 0 → chọn được n= 1 → tìm được x = 0,05 ; y = 0,04 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,05.u + 0,04.v = 0,53 → 5u + 4v = 53 ( u phải lẻ theo góc nhìn toán học ,u ≥ 3)

u v

3 9,5

5 7 Chọn

7 4,5

9 2

C5H9NH2 0,05 mol C7H14

0,04 mol

mX (trong 11,438 gam E) = 5,95 gam

mX (trong 8,17 gam E) = 4,25 gam

Câu 78.4.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,08 mol E cần dùng vừa đủ 0,7825 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,605 mol H2O .Khối lượng của X trong 13,168 gam hỗn hợp E là A.5,220 gam.

B.8,352 gam.

C.8,805 gam.

D.10,565 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Ankan R (NH2)0

Cn H 2n + 2 - t (NH2) t 0,08

NH2 0,08 . t CH2

a

H2 - t

0,08

O2 0,7825 mol

CO2 a mol H2O 0,605 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,48 → m = 8,23 gam ( bảo toàn khối lượng ) + Bảo toàn H: t = 1,125 *Sơ đồ đường chéo : R(NH2)n x mol Amin

y mol Ankan R'(NH2)0

1,125 1,125 n - 1,125

Vì x > y nên 1,125 > n – 1,125 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,045 ; y = 0,035 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,045.u + 0,035.v = 0,48 → 9u + 7v = 96 Dễ dàng chọn được cặp nghiệm u = v = 6 C6H12(NH2)2 0,045 mol C6H14

0,035 mol

mX (trong 8,23 gam E) = 5,22 gam

mX (trong 13,168 gam E) = 8,352 gam

( Trong bài toán trên mẹo tính nhanh ( bảo toàn C) ta tính số nguyên tử C trung bình là 6 → dự đoán an kan là C6H14 ) Câu 78.5.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,13 mol E cần dùng vừa đủ 1,165 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,91 mol H2O .Khối lượng của X trong 20,91 gam hỗn hợp E là A.17,045 gam.

B.17,200 gam.

C.18,805 gam.

D.12,138 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Ankan R (NH2)0

Cn H 2n + 2 - t (NH2) t 0,13

NH2 0,13 . t CH2

a

H2 - t

0,13

O2 1,165 mol

CO2 a mol H2O 0,91 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,71 → m = 12,3 gam 14 + Bảo toàn H: t = 13 *Sơ đồ đường chéo : 14 R(NH2)n x mol Amin 13 14 y mol Ankan R'(NH2)0 13 13n - 14

13 Vì x > y nên 14 > 13n – 14 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,07 ; y = 0,06 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,07.u + 0,06.v = 0,71 → 7u + 6v = 71 ( u phải lẻ theo góc nhìn toán học ) u 1 3 5 v 10,66 8,33 6 Chọn C5H10(NH2)2 0,07 mol C6H14

0,06 mol

mX (trong 12,3 gam E) = 7,14 gam

mX (trong 20,91 gam E) = 12,138 gam

Câu 78.6.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,045 mol E cần dùng vừa đủ 0,3145 mol O2 thu được N2 , H2O và 0,202 mol CO2 .Khối lượng của Y trong 8,795 gam hỗn hợp E là A.1,54 gam.

B.3,85 gam.

C.3,80 gam.

D.2,56 gam.

Hướng dẫn giải

Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Anken R (NH2)0

NH2 0,045 . t

Cn H 2n - t (NH2) t 0,045

CH2

0,202

H0 - t

0,045

O2 0,3145 mol

CO2 0,202 mol H2O a mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,225 → m = 3,518 gam ( bảo toàn khối lượng ) 46 + Bảo toàn H: t = 45 *Sơ đồ đường chéo : 46 R(NH2)n x mol Amin 45 46 y mol Anken R'(NH2)0 45 45n - 46

45 Vì x > y nên 46 > 45n – 46 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,023 ; y = 0,022 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,023.u + 0,022.v = 0,202 → 23u + 22v = 202 ( u phải chắn theo góc nhìn toán học , v ≥ 2) 4 6 8 u 2 v 7,09 5 2,9 0,81 Chọn C4H6(NH2)2 0,023 mol C5H10

0,022 mol

mY (trong 3,518

gam E)

mY (trong 8,795 gam E) = 3,85 gam

= 1,54 gam

Câu 78.7.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,062 mol E cần dùng vừa đủ 0,433 mol O2 thu được N2 , H2O và 0,278 mol CO2 .Khối lượng của Y trong 7,278 gam hỗn hợp E là A.1,546 gam.

B.2,752 gam.

C.3,805 gam.

D.4,128 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Anken R (NH2)0

Cn H 2n - t (NH2) t 0,062

NH2 0,062 . t CH2

0,278

H0 - t

0,062

O2 0,433 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,31 → m = 4,852 gam ( bảo toàn khối lượng )

CO2 0,278 mol H2O a mol

32 31 *Sơ đồ đường chéo :

+ Bảo toàn H: t =

x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Anken R (NH2)0

32 31

32 31 31n - 32 31

Vì x > y nên 32 > 31n – 32 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,032 ; y = 0,03 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,032.u + 0,03.v = 0,278 → 16u + 15v = 139 ( v phải lẻ theo góc nhìn toán học , v ≥ 3) 5 7 9 v 3 u 5,8 4 2,13 0,25 Chọn C4H6(NH2)2 0,032 mol C5H10

0,03 mol

mX (trong 4,852

gam E)

mX (trong 7,278 gam E) = 4,128 gam

= 2,752 gam

Câu 78.8.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,17 mol E cần dùng vừa đủ 1,525 mol O2 thu được N2 , CO2 và 1,19 mol H2O .Khối lượng của X trong 25,696 gam hỗn hợp E là A.17,045 gam.

B.17,200 gam.

C.14,688 gam.

D.9,180 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Ankan R (NH2)0

Cn H 2n + 2 - t (NH2) t 0,17

NH2 0,17 . t CH2

a

H2 - t

0,17

O2 1,525 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,93 → m = 16,06 gam 18 + Bảo toàn H: t = 17 *Sơ đồ đường chéo : 18 R(NH2)n x mol Amin 17 18 y mol Ankan R'(NH2)0 17 17n - 18

17 Vì x > y nên 18 > 17n – 18 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,09 ; y = 0,08

CO2 a mol H2O 1,19 mol

*Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,09.u + 0,08.v = 0,93 → 9u + 8v = 93 ( u phải lẻ theo góc nhìn toán học ) u 1 3 5 v 10,5 8,25 6 Chọn C5H10(NH2)2 0,09 mol C6H14

0,08 mol

mX (trong 25,696 gam E) = 14,688 gam

mX (trong 16,06 gam E) = 9,18 gam

Câu 78.9.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y và số nguyên tử C đều nhỏ hơn 10 .Đốt cháy hoàn toàn 0,045 mol E cần dùng vừa đủ 0,4025 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,315 mol H2O .Khối lượng của X trong 9,394 gam hỗn hợp E là A.2,55 gam.

B.7,25 gam.

C.5,61 gam.

D.6,18 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Ankan R (NH2)0

NH2 0,045 . t

Cn H 2n + 2 - t (NH2) t 0,045

CH2

a

H2 - t

0,045

O2 0,4025 mol

CO2 a mol H2O 0,315 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,245 → m = 4,27 gam 10 + Bảo toàn H: t = 9 *Sơ đồ đường chéo : 10 R(NH2)n x mol Amin 9 10 y mol Ankan R'(NH2)0 9 9n - 10

9 Vì x > y nên 10 > 9n – 10 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,025; y = 0,02 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,025.u + 0,02.v = 0,245 → 5u + 4v = 49 ( u phải lẻ theo góc nhìn toán học ) u 1 3 5 7 v 11 8,5 6 3,5 Chọn C5H10(NH2)2 0,025 mol C6H14

0,02 mol

mX (trong 4,27

gam E)

= 2,55 gam

mX (trong 9,394 gam E) = 5,61 gam

( Trong bài toán trên mẹo tính nhanh ( bảo toàn H) ta tính số nguyên tử H trung bình là 14 → dự đoán an kan là C6H14 ) Câu 78.10.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y.Đốt cháy hoàn toàn 0,045 mol E cần dùng vừa đủ 0,4695 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,351 mol H2O .Khối lượng của X trong 8,2188 gam hỗn hợp E là A.4,575 gam.

B.4,968 gam.

C.5,615 gam.

D.2,760 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Ankan R (NH2)0

NH2 0,045 . t

Cn H 2n + 2 - t (NH2) t 0,045

CH2

a

H2 - t

0,045

O2 0,4695 mol

CO2 a mol H2O 0,351 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,294 → m = 4,566 gam 8 + Bảo toàn H: t = 15 *Sơ đồ đường chéo : 8 R(NH2)n x mol Amin 15 8 y mol Ankan R'(NH2)0 15 15n - 8

15 Vì x > y nên 8 > 15n – 8 > 0 → chọn được n= 1 → tìm được x = 0,024; y = 0,021 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,024.u + 0,021.v = 0,294 → 8u + 7v = 98 ( v phải chẵn theo góc nhìn toán học ) v 2 4 6 8 10 u 10,5 8,75 7 5,25 2,5 Chọn C7H15NH2 0,024 mol C6H14

0,021 mol

mX (trong 4,566

gam E)

= 2,76 gam

mX (trong 8,2188 gam E) = 4,968 gam

Câu 78.11.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y.Đốt cháy hoàn toàn 0,033 mol E cần dùng vừa đủ 0,295 mol O2 thu được N2 , CO2 và 4,14 gam H2O .Khối lượng của X trong 4,0248 gam hỗn hợp E là

A.1,4960 gam.

D.2,7655 gam.

B.4,9688 gam.

C.1,9448 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Ankan R (NH2)0

NH2 0,033 . t

Cn H 2n + 2 - t (NH2) t 0,033

CH2

a

H2 - t

0,033

O2 0,295 mol

CO2 a mol H2O 0,23 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,18 → m = 3,096 gam 34 + Bảo toàn H: t = 33 *Sơ đồ đường chéo : 34 R(NH2)n x mol Amin 33 34 y mol Ankan R'(NH2)0 33 33n - 34

33 Vì x > y nên 34 > 33n – 34 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,017; y = 0,016 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,017.u + 0,016.v = 0,18 → 17u + 16v = 180 ( u phải chẵn theo góc nhìn toán học ) u 2 4 6 8 10 v 9,125 7 4,875 2,75 0,625 Chọn C4H8(NH2)2 0,017 mol C7H16

0,016 mol

mX (trong 3,096

gam E)

= 1,496 gam

mX (trong 4,0248 gam E) = 1,9448 gam

Câu 78.12.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,033 mol E cần dùng vừa đủ 0,2785 mol O2 thu được N2 , CO2 và 3,546 gam H2O .Khối lượng của Y trong 6,06 gam hỗn hợp E là A.1,568 gam.

B.2,52 gam.

C.3,136 gam.

D.2,565 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy :

x mol Amin

R(NH2)n '

y mol Anken R (NH2)0

NH2 0,033 . t

Cn H 2n - t (NH2) t 0,033

CH2

a

H0 - t

0,033

O2 0,2785 mol

CO2 a mol H2O 0,197 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,18 → m = 3,03 gam ( bảo toàn khối lượng ) 34 + Bảo toàn H: t = 33 *Sơ đồ đường chéo : 34 R(NH2)n x mol Amin 33 34 y mol Anken R'(NH2)0 33 33n - 34

33 Vì x > y nên 34 > 33n – 34 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,017 ; y = 0,016 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,017.u + 0,016.v = 0,18 → 17u + 16v = 180 ( u phải chắn theo góc nhìn toán học , v ≥ 2) u 2 4 6 8 10 v 9,125 7 4,875 2,75 0,625 Chọn C4H6(NH2)2 0,017 mol C7H14

0,016 mol

mY (trong 3,03

gam E)

mY (trong 6,06 gam E) = 3,136 gam

= 1,568 gam

Câu 78.13.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,067 mol E cần dùng vừa đủ 0,626 mol O2 thu được N2 , CO2 và 6,912 gam H2O .Khối lượng của Y trong 9,678 gam hỗn hợp E là A.4,568 gam.

B.3,635 gam.

C.3,135 gam.

D.5,445 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin y mol Ankin

R(NH2)n '

R (NH2)0

Cn H 2n - 2 - t (NH2) t 0,067

NH2 0,067 . t CH2

a

H -2 - t

0,067

O2 0,626 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,434 → m = 5,976 gam ( bảo toàn khối lượng ) 34 + Bảo toàn H: t = 67

CO2 a mol H2O 0,384 mol

*Sơ đồ đường chéo :

x mol Amin y mol Ankin

R(NH2)n '

R (NH2)0

34 67

34 67 67n - 34 67

Vì x > y nên 34 > 67n – 34 > 0 → chọn được n= 1 → tìm được x = 0,034 ; y = 0,033 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,034.u + 0,033.v = 0,434 → 34u + 33v = 434 ( v phải chẵn theo góc nhìn toán học , v ≥ 2) v 2 4 6 8 10 u 10,8 8,88 6,94 5 3,05 Chọn C5H7NH2 0,034 mol C8H14

0,033 mol

mY (trong 6,452

gam E)

mY (trong 9,678 gam E) = 5,445 gam

= 3,63 gam

Câu 78.14.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,045 mol E cần dùng vừa đủ 0,427 mol O2 thu được N2 , CO2 và 4,86 gam H2O .Khối lượng của X trong 3,516 gam hỗn hợp E là A.2,576 gam.

B.1,932 gam.

C.3,135 gam.

D.5,445 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin y mol Ankin

R(NH2)n '

R (NH2)0

NH2 0,045 . t

Cn H 2n - 2 - t (NH2) t 0,045

CH2

a

H -2 - t

0,045

O2 0,427 mol

CO2 a mol H2O 0,27 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,292 → m = 4,688 gam ( bảo toàn khối lượng ) 46 + Bảo toàn H: t = 45 *Sơ đồ đường chéo : 46 R(NH2)n x mol Amin 45 46 y mol Ankin R'(NH2)0 45 45n - 46

45 Vì x > y nên 46 > 45n – 46 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,023 ; y = 0,022 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có:

0,023.u + 0,022.v = 0,292 → 23u + 22v = 292 ( u phải chẵn theo góc nhìn toán học , v ≥ 2) u 2 4 6 8 10 v 11,18 9,1 7 4,9 2,8 Chọn C6H8(NH2)2 0,023 mol C7H12

0,022 mol

mX (trong 4,688

gam E)

mX (trong 3,516 gam E) = 1,932 gam

= 2,576 gam

( Trong bài toán trên mẹo tính nhanh ( bảo toàn H) ta tính số nguyên tử H trung bình là 12 → dự đoán an kin là C7H12 ) Câu 78.15.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,047 mol E cần dùng vừa đủ 0,4445 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,281 mol H2O .Khối lượng của X trong 7,323 gam hỗn hợp E là A.2,352 gam.

B.3,528 gam.

C.3,135 gam.

D.5,445 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Amin y mol Ankin

R(NH2)n '

R (NH2)0

NH2 0,047 . t

Cn H 2n - 2 - t (NH2) t 0,047

CH2

a

H -2 - t

0,047

O2 0,4445 mol

CO2 a mol H2O 0,281 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,304 → m = 4,882 gam ( bảo toàn khối lượng ) 48 + Bảo toàn H: t = 47 *Sơ đồ đường chéo : 48 R(NH2)n x mol Amin 47 48 y mol Ankin R'(NH2)0 47 47n - 48

47 Vì x > y nên 48 > 47n – 48 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,024 ; y = 0,023 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,024.u + 0,023.v = 0,304 → 24u + 23v = 304 ( v phải chẵn theo góc nhìn toán học , v ≥ 2) v 2 4 6 8 10 u 10,75 8,83 6,92 5 3,08 Chọn

C5H6(NH2)2 0,024 mol C8H14

0,023 mol

mX (trong 4,882

gam E)

mX (trong 7,323 gam E) = 3,528 gam

= 2,352 gam

Câu 78.16.Hỗn hợp E gồm hiđro cacbon X ( cùng dãy đồng đẳng vinyl axetilen) và amin Y ( không no, mạch hở, có số liên kết pi bằng X), số mol X nhỏ hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,051 mol E cần dùng vừa đủ 0,3835 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,205 mol H2O .Khối lượng của X trong 9,02 gam hỗn hợp E là D.3,30 gam.

A.2,35 gam.

B.2,80 gam.

C.1,65 gam.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Hidrocacbon y mol Amin

R(NH2)0 '

R (NH2)n

NH2 0,051 . t

Cn H 2n - 4 - t (NH2) t 0,051

CH2

a

H -4 - t

0,051

O2 0,3835 mol

CO2 a mol H2O 0,205 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,281 → m = 4,51 gam ( bảo toàn khối lượng ) 52 + Bảo toàn H: t = 51 *Sơ đồ đường chéo : 51n - 52 x mol Hidrocacbon R(NH2)0 51 52 y mol Amin R'(NH2)n 51 52

51 Vì x < y nên 52 > 51n – 52 > 0 → chọn được n= 2 → tìm được x = 0,025 ; y = 0,026 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,025.u + 0,026.v = 0,281 → 25u + 26v = 281 ( u phải lẻ theo góc nhìn toán học , u ≥ 3) u 3 5 7 9 v 7,9 6 4,07 2,15 Chọn C5H6

0,025 mol

C6H6(NH2)2 0,026 mol

mX (trong 4,51

gam E)

= 1,65 gam

mX (trong 9,02 gam E) = 3,3 gam

Câu 78.17.Hỗn hợp E gồm hiđro cacbon X ( cùng dãy đồng đẳng vinyl axetilen) và amin Y ( không no, mạch hở, có số liên kết pi bằng X), số mol X nhỏ hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,069 mol E cần dùng vừa đủ 0,5115 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,261 mol H2O .Khối lượng của Y trong 16,794 gam hỗn hợp E là

A.3,42 gam. gam.

B.10,26 gam.

C.11,65 gam.

D.13,30

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy : x mol Hidrocacbon

R(NH2)0 '

y mol Amin

R (NH2)n

NH2 0,069 . t

Cn H 2n - 4 - t (NH2) t 0,069

CH2

a

H -4 - t

0,069

O2 0,5115 mol

CO2 a mol H2O 0,261 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT O : a =0,381 → m = 5,598 gam ( bảo toàn khối lượng ) 12 + Bảo toàn H: t = 23 *Sơ đồ đường chéo : 23n - 12 x mol Hidrocacbon R(NH2)0 23 12 y mol Amin R'(NH2)n 23 12

23 Vì x < y nên 12 > 23n – 12 > 0 → chọn được n= 1 → tìm được x = 0,033 ; y = 0,036 *Ghép chất: Gọi số C trong X, Y lần lượt là u, v ta dễ có: 0,033.u + 0,036.v = 0,381 → 33u + 36v = 381 ( u phải lẻ theo góc nhìn toán học , u ≥ 3) u v

C5H6

3 7,8

5 6 Chọn

7 4,16

9 2,3

0,033 mol

C6H7NH2 0,036 mol

mY (trong 5,598

gam E)

= 3,42 gam

mX (trong 16,794 gam E) = 10,26 gam

BÀI TẬP TỰ LUYỆN Câu 1.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,108 mol E cần dùng vừa đủ 0,804 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,54 mol H2O .Khối lượng của X trong 14,56 gam hỗn hợp E là A.7,04 gam.

B.7,20 gam.

C.8,80 gam.

D.10,56 gam.

Câu 2.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,117 mol E cần dùng vừa đủ 0,85475 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,6695 mol H2O .Khối lượng của X trong 13,3185 gam hỗn hợp E là A.7,0455 gam.

B.7,1175 gam.

C.8,8150 gam.

D.10,5650 gam.

Câu 3.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,119 mol E cần dùng vừa đủ 0,987 mol O2 thu được N2 , CO2 và 12,852 gam H2O .Khối lượng của Y trong 13,608 gam hỗn hợp E là A.3,528 gam.

B.2,525 gam.

C.3,805 gam.

D.2,565 gam.

Câu 4.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y( không ở thể khí điều kiện thường), số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,135 mol E cần dùng vừa đủ 1,21125 mol O2 thu được N2 , CO2 và 14,985 gam H2O .Khối lượng của X trong 17,157 gam hỗn hợp E là A.9,255 gam.

B.5,950 gam.

C.7,880 gam.

D.8,925 gam.

Câu 5.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,128 mol E cần dùng vừa đủ 1,252 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,968 mol H2O .Khối lượng của X trong 21,0688 gam hỗn hợp E là A.15,220 gam.

B.18,3520 gam.

C.18,8054 gam.

D.13,3632 gam.

Câu 6.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,221 mol E cần dùng vừa đủ 1,9805 mol O2 thu được N2 , CO2 và 1,547 mol H2O .Khối lượng của X trong 35,547 gam hỗn hợp E là A.17,0455 gam.

B.17,1200 gam.

C.20,6346 gam.

D.12,1385 gam.

Câu 7.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,081 mol E cần dùng vừa đủ 0,5661 mol O2 thu được N2 , H2O và 0,3636 mol CO2 .Khối lượng của Y trong 15,831 gam hỗn hợp E là A.10,54 gam.

B.8,85 gam.

C.6,93 gam.

D.6,56 gam.

Câu 8.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,1178 mol E cần dùng vừa đủ 0,8227 mol O2 thu được N2 , H2O và 0,5282 mol CO2 .Khối lượng của Y trong 13,8282 gam hỗn hợp E là A.10,5460 gam.

B.7,7525 gam.

C.7,8432 gam.

D.4,1285 gam.

Câu 9.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,34 mol E cần dùng vừa đủ 3,05 mol O2 thu được N2 , CO2 và 2,38 mol H2O .Khối lượng của X trong 51,392 gam hỗn hợp E là A.29,376 gam.

B.17,200 gam.

C.14,688 gam.

D.29,180 gam.

Câu 10.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y và số nguyên tử C đều nhỏ hơn 10 .Đốt cháy hoàn toàn 0,0945 mol E cần dùng vừa đủ 0,84525 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,6615 mol H2O .Khối lượng của X trong 19,7274 gam hỗn hợp E là A.12,551 gam.

B.11,781 gam.

C.15,611 gam.

D.6,185 gam.

Câu 11.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y.Đốt cháy hoàn toàn 0,099 mol E cần dùng vừa đủ 1,0329 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,7722 mol H2O .Khối lượng của X trong 18,08136 gam hỗn hợp E là A.14,5750 gam.

B.4,9684 gam.

C.5,6155 gam.

D.10,9296 gam.

Câu 12.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y.Đốt cháy hoàn toàn 0,0792 mol E cần dùng vừa đủ 0,708 mol O2 thu được N2 , CO2 và 9,936 gam H2O .Khối lượng của X trong 9,65952 gam hỗn hợp E là A.4,4960 gam.

B.4,6675 gam.

C.1,9448 gam.

D.2,7655 gam.

Câu 13.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,066 mol E cần dùng vừa đủ 0,557 mol O2 thu được N2 , CO2 và 7,092 gam H2O .Khối lượng của Y trong 12,12 gam hỗn hợp E là A.1,568 gam.

B.6,272 gam.

C.3,136 gam.

D.6,565 gam.

Câu 14.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,1675 mol E cần dùng vừa đủ 1,565 mol O2 thu được N2 , CO2 và 17,28 gam H2O .Khối lượng của Y trong 24,195 gam hỗn hợp E là A.14,568 gam.

B.13,835 gam.

C.13,613 gam.

D.15,445 gam.

Câu 15.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,117 mol E cần dùng vừa đủ 1,1102 mol O2 thu được N2 , CO2 và 12,636 gam H2O .Khối lượng của X trong 9,1416 gam hỗn hợp E là A.2,5765 gam.

B.4,1932 gam.

C.3,1350 gam.

D.5,0232 gam.

Câu 16.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0094 mol E cần dùng vừa đủ 0,0889 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,0562 mol H2O .Khối lượng của X trong 1,4646 gam hỗn hợp E là A.0,7056 gam.

B.0,3528 gam.

C.0,3135 gam.

D.0,5445 gam.

Câu 17.Hỗn hợp E gồm hiđro cacbon X ( cùng dãy đồng đẳng vinyl axetilen) và amin Y ( không no, mạch hở, có số liên kết pi bằng X), số mol X nhỏ hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0153 mol E cần dùng vừa đủ 0,11505 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,0615 mol H2O .Khối lượng của X trong 2,706 gam hỗn hợp E là A.0,88 gam.

B.0,99 gam.

C.1,65 gam.

D.0,75 gam.

Câu 18.Hỗn hợp E gồm hiđro cacbon X ( cùng dãy đồng đẳng vinyl axetilen) và amin Y ( không no, mạch hở, có số liên kết pi bằng X), số mol X nhỏ hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0276 mol E cần dùng vừa đủ 0,2046 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,1044 mol H2O .Khối lượng của Y trong 6,7176 gam hỗn hợp E là A.4,104 gam.

B.5,265 gam.

C.6,650 gam.

D.3,305 gam.

Câu 19.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,054 mol E cần dùng vừa đủ 0,402 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,324 mol H2O .Khối lượng của X trong 8,736 gam hỗn hợp E là A.5,28 gam.

B.7,20 gam.

C.5,80 gam.

D.10,56 gam.

Câu 20.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,072 mol E cần dùng vừa đủ 0,526 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,412 mol H2O .Khối lượng của X trong 8,196 gam hỗn hợp E là A.5,04 gam.

B.4,38 gam.

C.4,80 gam.

D 4,56 gam.

Câu 21.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,068 mol E cần dùng vừa đủ 0,564 mol O2 thu được N2 , CO2 và 7,344 gam H2O .Khối lượng của Y trong 7,776 gam hỗn hợp E là A.4,048 gam.

B.2,526 gam.

C.3,805 gam.

D.2,016 gam.

Câu 22.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y( không ở thể khí điều kiện thường), số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,072 mol E cần dùng vừa đủ 0,646 mol O2 thu được N2 , CO2 và 7,992 gam H2O .Khối lượng của X trong 9,1504 gam hỗn hợp E là A.4,25 gam.

B.5,95 gam.

C.4,76 gam.

D.6,56 gam.

Câu 23.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,064 mol E cần dùng vừa đủ 0,626 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,484 mol H2O .Khối lượng của X trong 8,9216 gam hỗn hợp E là A.6,6816 gam.

B.8,3520 gam.

C.6,8055 gam.

D.8,5650 gam.

Câu 24.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,104 mol E cần dùng vừa đủ 0,932 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,728 mol H2O .Khối lượng của X trong 16,728 gam hỗn hợp E là A.9,7104 gam.

B.7,2550 gam.

C.8,8150 gam.

D.8,1138 gam.

Câu 25.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,036 mol E cần dùng vừa đủ 0,2516 mol O2 thu được N2 , H2O và 0,1616 mol CO2 .Khối lượng của Y trong 7,036 gam hỗn hợp E là A.1,54 gam.

B.3,85 gam.

C.3,08 gam.

D.2,56 gam.

Câu 26.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,124 mol E cần dùng vừa đủ 0,866 mol O2 thu được N2 , H2O và 0,556 mol CO2 .Khối lượng của Y trong 7,278 gam hỗn hợp E là A.14,556 gam.

B.12,752 gam.

C.13,805 gam.

D.14,128 gam.

Câu 27.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,034 mol E cần dùng vừa đủ 0,305 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,238 mol H2O .Khối lượng của X trong 5,1392 gam hỗn hợp E là A.7,0455 gam.

B.2,9376 gam.

C.4,6880 gam.

D.5,5180 gam.

Câu 28.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y và số nguyên tử C đều nhỏ hơn 10 .Đốt cháy hoàn toàn 0,0675 mol E cần dùng vừa đủ 0,60375 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,4725 mol H2O .Khối lượng của X trong 14,091 gam hỗn hợp E là A.8,556 gam.

B.7,215 gam.

C.6,615 gam.

D.8,415 gam.

Câu 29.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y.Đốt cháy hoàn toàn 0,036 mol E cần dùng vừa đủ 0,3756 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,2808 mol H2O .Khối lượng của X trong 6,57504 gam hỗn hợp E là A.4,5754 gam.

B.4,9684 gam.

C.5,6154 gam.

D.3,9744 gam.

Câu 30.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y.Đốt cháy hoàn toàn 0,0264 mol E cần dùng vừa đủ 0,236 mol O2 thu được N2 , CO2 và 3,312 gam H2O .Khối lượng của X trong 3,21984 gam hỗn hợp E là A.1,4960 gam.

B.1,5558 gam.

C.1,9448 gam.

D.2,7655 gam.

Câu 31.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,132 mol E cần dùng vừa đủ 1,114 mol O2 thu được N2 , CO2 và 14,184 gam H2O .Khối lượng của Y trong 24,24 gam hỗn hợp E là A.10,568 gam.

B.12,544 gam.

C.13,136 gam.

D.12,565 gam.

Câu 32.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0335 mol E cần dùng vừa đủ 0,313 mol O2 thu được N2 , CO2 và 3,456 gam H2O .Khối lượng của Y trong 4,839 gam hỗn hợp E là A.2,723 gam.

B.3,635 gam.

C.3,135 gam.

D.5,445 gam.

Câu 33.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0405 mol E cần dùng vừa đủ 0,3843 mol O2 thu được N2 , CO2 và 4,374 gam H2O .Khối lượng của X trong 3,1644 gam hỗn hợp E là A.2,5768 gam.

B.1,9325 gam.

C.1,7388 gam.

D.2,4450 gam.

Câu 34.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,094 mol E cần dùng vừa đủ 0,889 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,562 mol H2O .Khối lượng của X trong 14,646 gam hỗn hợp E là A.12,352 gam.

B.13,528 gam.

C.14,135 gam.

D.14,646 gam.

Câu 35.Hỗn hợp E gồm hiđro cacbon X ( cùng dãy đồng đẳng vinyl axetilen) và amin Y ( không no, mạch hở, có số liên kết pi bằng X), số mol X nhỏ hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0408 mol E cần dùng vừa đủ 0,3068 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,164 mol H2O .Khối lượng của X trong 7,216 gam hỗn hợp E là A.2,35 gam.

B.2,80 gam.

C.2,64 gam.

D.3,30 gam.

Câu 36.Hỗn hợp E gồm hiđro cacbon X ( cùng dãy đồng đẳng vinyl axetilen) và amin Y ( không no, mạch hở, có số liên kết pi bằng X), số mol X nhỏ hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0276 mol E cần dùng vừa đủ 0,2046 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,1044 mol H2O .Khối lượng của Y trong 6,7176 gam hỗn hợp E là A.3,428 gam.

B.5,265 gam.

C.4,104 gam.

D.3,305 gam.

Câu 37.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,36 mol E cần dùng vừa đủ 2,68 mol O2 thu được N2 , CO2 và 2,16 mol H2O .Khối lượng của X trong 14,56 gam hỗn hợp E là A.35,20 gam.

B.37,20 gam.

C.38,80 gam.

D.40,56 gam.

Câu 38.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,54 mol E cần dùng vừa đủ 3,945 mol O2 thu được N2 , CO2 và 3,09 mol H2O .Khối lượng của X trong 61,47 gam hỗn hợp E là A.37,04 gam.

B.35,475 gam.

C.38,80 gam.

D.32,85 gam.

Câu 39.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,51 mol E cần dùng vừa đủ 4,23 mol O2 thu được N2 , CO2 và 55,08 gam H2O .Khối lượng của Y trong 58,32 gam hỗn hợp E là A.14,04 gam.

B.15,12 gam.

C.13,80 gam.

D.12,56 gam.

Câu 40.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 1 liên kết pi ) và an ken Y( không ở thể khí điều kiện thường), số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,054 mol E cần dùng vừa đủ 0,4845 mol O2 thu được N2 , CO2 và 5,994 gam H2O .Khối lượng của X trong 6,8628 gam hỗn hợp E là A.4,25 gam.

B.5,95 gam.

C.3,57 gam.

D.6,56 gam.

Câu 41.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,48 mol E cần dùng vừa đủ 4,695 mol O2 thu được N2 , CO2 và 3,63 mol H2O .Khối lượng của X trong 79,008 gam hỗn hợp E là A.50,112 gam.

B.48,352 gam.

C.48,805 gam.

D.50,565 gam.

Câu 42.Hỗn hợp E gồm amin X ( không no, mạch hở, có 2 liên kết pi ) và an kin Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0658 mol E cần dùng vừa đủ 0,6223 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,3934 mol H2O .Khối lượng của X trong 10,2522 gam hỗn hợp E là A.2,35 gam.

B.3,52 gam.

C.4,94 gam.

D.4,44 gam.

Câu 43.Hỗn hợp E gồm hiđro cacbon X ( cùng dãy đồng đẳng vinyl axetilen) và amin Y ( không no, mạch hở, có số liên kết pi bằng X), số mol X nhỏ hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,0816 mol E cần dùng vừa đủ 0,6136 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,328 mol H2O .Khối lượng của X trong 14,432 gam hỗn hợp E là A.2,35 gam.

B.5,28 gam.

C.1,65 gam.

D.3,30 gam.

Câu 44.Hỗn hợp E gồm hiđro cacbon X ( cùng dãy đồng đẳng vinyl axetilen) và amin Y ( không no, mạch hở, có số liên kết pi bằng X), số mol X nhỏ hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,00828 mol E cần dùng vừa đủ 0,06138 mol O2 thu được N2 , CO2 và 0,03132 mol H2O .Khối lượng của Y trong 2,01528 gam hỗn hợp E là A.3,42 gam.

B.1,23 gam.

C.1,65 gam.

D.3,30 gam.

Câu 45.Hỗn hợp E gồm amin X ( no, mạch hở ) và an kan Y, số mol X lớn hơn số mol Y .Đốt cháy hoàn toàn 0,256 mol E cần dùng vừa đủ 2,504 mol O2 thu được N2 , CO2 và 1,936 mol H2O .Khối lượng của X trong 21,0688 gam hỗn hợp E là A.25,2250 gam.

B.28,3523 gam.

C.26,7264 gam.

D.13,3632 gam.

Chúc Quý thầy cô một mùa luyện thi thành công!

Câu 76.0. Đốt cháy hoàn toàn 0,26 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,79 mol O2, tạo ra CO2 và 10,44 gam H2O. Nếu cho 0,26 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,16 mol.

B. 0,18 mol.

C. 0,21 mol.

D. 0,19 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 CO2 -2 0,79 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol H2O 0,58 mol 0 H2 (x + y - t) + Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,26 – t) = 0,58 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,26 – t ).2 = 0,79.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,18 .

Câu 76.1. Đốt cháy hoàn toàn 0,06 mol hỗn hợp X (gồm metyl axetat, etyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,395 mol O2, tạo ra CO2 và 4,86 gam H2O. Nếu cho 0,06 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,02 mol.

B. 0,03 mol.

C. 0,04 mol.

D. 0,05 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 CO2 -2 0,395 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol H2O 0,27 mol 0 H2 (x + y - t) + Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,06 – t) = 0,27 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,06 – t ).2 = 0,395.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,05 Câu 76.2. Đốt cháy hoàn toàn 0,06 mol hỗn hợp X (gồm metyl propionat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,37 mol O2, tạo ra CO2 và 4,32 gam H2O. Nếu cho 0,09 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,105 mol.

B. 0,125 mol.

C. 0,070 mol.

D. 0,050 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy:

x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

O2 0,37 mol

CO2 H2O 0,24 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc (1) + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,06 – t) = 0,24 + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,06 – t ).2 = 0,37.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,07 Vậy 0,06 mol X làm mất màu 0,07 mol Br2 0,09 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,105 mol Câu 76.3. Đốt cháy hoàn toàn 0,22 mol hỗn hợp X (gồm hai este đơn chức ,mạch hở và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 1,355 mol O2, tạo ra CO2 và 0,95 mol H2O. Nếu cho 0,264 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,15 mol.

B. 0,18 mol.

C. 0,20 mol.

D. 0,25 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 CO2 -2 1,355 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol H2O 0,95 mol 0 H2 (x + y - t) + Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,22 – t) = 0,95 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,22 – t ).2 = 1,355.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,15 Vậy 0,22 mol X làm mất màu 0,15 mol Br2 0,264 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,18 mol Câu 76.4. Đốt cháy hoàn toàn 0,3 mol hỗn hợp X (gồm hexen, vinylaxetilen chức mạch hở) cần vừa đủ 1,85 mol O2, tạo ra CO2 và 21,6 gam H2O. Nếu cho dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,350 mol.

B. 0,125 mol.

C. 0,525 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 -2 1,85 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

và hai este đơn 0,45 mol X vào D. 0,750 mol.

CO2 H2O 1,2 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,3 – t) = 1,2 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,3 – t ).2 = 1,85.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,35 Vậy 0,3 mol X làm mất màu 0,35 mol Br2 0,45 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,525 mol Câu 76.5. Đốt cháy hoàn toàn 0,082 mol hỗn hợp X (gồm metyl axetat, metyl metacrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,533 mol O2, tạo ra CO2 và 6,624 gam H2O. Nếu cho 0,984 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,756 mol.

B. 0,718 mol.

C. 0,635 mol.

D. 0,619 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 CO2 -2 0,533 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol H2O 0,368 mol 0 H2 (x + y - t) + Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,082 – t) = 0,368 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,082 – t ).2 = 0,533.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,063 .

Vậy 0,082 mol X làm mất màu 0,063 mol Br2 0,984 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,756 mol Câu 76.6. Đốt cháy hoàn toàn 0,075 mol hỗn hợp X (gồm vinyl acrylat và hai ankan ) cần vừa đủ 0,6375 mol O2, tạo ra CO2 và 8,19 gam H2O. Nếu cho 0,075 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của vinyl acrylat và giá trị của a lần lượt là A. 20 % và 0,015.

B. 80 % và 0,03.

C. 20 % và 0,03.

D. 80 % và 0,03.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol CH2=CH - COO - CH = CH2 y mol Ankan

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,075 – t) = 0,455 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,075 – t ).2 = 0,6375.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,03 .→x= 0,015 → %V vinyl acrylat = 20 %

O2 0,6375 mol

CO2 H2O 0,455 mol

Câu 76.7. Đốt cháy hoàn toàn 0,4 mol hỗn hợp X (gồm etyl acrylat và hai ankin ) cần vừa đủ 2,75 mol O2, tạo ra CO2 và 30,6 gam H2O. Nếu cho 0,6 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của etylacrylat và giá trị của a lần lượt là A. 50 % và 0,6.

B. 60 % và 0,9.

C. 60 % và 0,6.

D. 50 % và 0,9.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol CH2=CH - COO-C2H5 y mol Ankin

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

O2 2,75 mol

CO2 H2O 1,7 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,4 – t) = 1,7 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,4 – t ).2 = 2,75.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,6 Vậy : 0,4 mol X làm mất màu 0,6 mol Br2 0,6 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là :a= 0,9 mol + Bảo toàn liên kết pi ta có: x. + 2y = 0,6 , lại có x + y = 0,4 →x= 0,2 → %V etyl acrylat = 50 % Câu 76.8. Đốt cháy hoàn toàn 0,04 mol hỗn hợp X (gồm vinyl axetat và hai hidrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ 0,315 mol O2, tạo ra CO2 và 3,78 gam H2O. Nếu cho 0,06 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Giá trị của a là A. 0,04 mol.

B. 0,06 mol.

C. 0,01 mol.

D. 0,05 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol CH3 - COO-CH=CH2 y mol Hidrocacbon mach ho

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,04 – t) = 0,21 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,04 – t ).2 = 0,315.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,04 Vậy : 0,04 mol X làm mất màu 0,04 mol Br2 0,06 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là :a= 0,06 mol

O2 0,315 mol

CO2 H2O 0,21 mol

Câu 76.9. Dẫn 0,04 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) qua 0,015 mol H2 (Ni, t0) sau phản ưng hoàn toàn thu được hỗn hợp Y, đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 0,24 mol O2, tạo ra CO2 và 3,06 gam H2O. Nếu cho 0,08 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,04 mol.

B. 0,08 mol.

C. 0,01 mol.

D. 0,05 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho 0,015 mol H2

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y + 0,015 - t)

O2 0,24 mol

CO2 H2O 0,17 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc trong hỗn hợp X + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,055 – t) = 0,17 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,055 – t ).2 = 0,24.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,04 .

Vậy : 0,04 mol X làm mất màu 0,04 mol Br2 0,08 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,08 mol Câu 76.10. Dẫn 0,04 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) qua 0,02 mol H2 (Ni, t0) sau phản ưng hoàn toàn thu được hỗn hợp Y, đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 0,2425 mol O2, tạo ra CO2 và 3,15 gam H2O. Nếu cho toàn bộ Y vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,04 mol.

B. 0,08 mol.

C. 0,02 mol.

D. 0,05 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho 0,02 molH2

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y + 0,02 - t)

O2 0,2425 mol

CO2 H2O 0,175 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc trong hỗn hợp X + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,06 – t) = 0,175 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,06 – t ).2 = 0,2425.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,04 .→ số mol liên kết pi ở gốc trong Y = 0,04 – 0,02 = 0,02

Câu 76.11. Đốt cháy hoàn toàn 0,338 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 1,027 mol O2, tạo ra CO2 và 13,572 gam H2O. Nếu cho 0,338 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,165 mol.

B. 0,180 mol.

C. 0,234 mol.

D. 0,239 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 CO2 -2 1,027 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol H2O 0,754 mol 0 H2 (x + y - t) + Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,338 – t) = 0,754 (1) (2) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,338 – t ).2 = 1,027.4 Từ (1)(2) ta có t = 0,234 .

Câu 76.12. Đốt cháy hoàn toàn 0,078 mol hỗn hợp X (gồm metyl axetat, etyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,5135 mol O2, tạo ra CO2 và 6,318 gam H2O. Nếu cho 0,078 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,065 mol.

B. 0,035 mol.

C. 0,045 mol.

D. 0,050 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 CO2 -2 0,5135 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol H2O 0,351 mol 0 H2 (x + y - t) + Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc (1) + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,078 – t) = 0,351 + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,078 – t ).2 = 0,5135.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,065 Câu 76.13. Đốt cháy hoàn toàn 0,072 mol hỗn hợp X (gồm metyl propionat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,444 mol O2, tạo ra CO2 và 5,184 gam H2O. Nếu cho 0,108 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,105 mol.

B. 0,125 mol.

C. 0,126 mol.

D. 0,050 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy:

x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

O2 0,444 mol

CO2 H2O 0,288 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,072 – t) = 0,288 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,072 – t ).2 = 0,444.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,084 Vậy 0,072 mol X làm mất màu 0,084 mol Br2 0,108 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,126 mol Câu 76.14. Đốt cháy hoàn toàn 0,286 mol hỗn hợp X (gồm hai este đơn chức ,mạch hở và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 1,7615 mol O2, tạo ra CO2 và 1,235 mol H2O. Nếu cho 0,3432 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,158 mol.

B. 0,185 mol.

C. 0,205 mol.

D. 0,234 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 CO2 -2 1,7615 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol H2O 1,235 mol 0 H2 (x + y - t) + Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,286 – t) = 1,235 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,286 – t ).2 = 1,7615.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,195 Vậy 0,286 mol X làm mất màu 0,195 mol Br2 0,3432 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,234 mol Câu 76.15. Đốt cháy hoàn toàn 0,39 mol hỗn hợp X (gồm hexen, vinylaxetilen và hai este đơn chức mạch hở) cần vừa đủ 2,405 mol O2, tạo ra CO2 và 28,08 gam H2O. Nếu cho 0,63 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,350 mol.

B. 0,125 mol.

C. 0,525 mol.

D. 0,735 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy:

x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

O2 2,405 mol

CO2 H2O 1,56 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,39 – t) = 1,56 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,39 – t ).2 = 2,405.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,455 Vậy 0,39 mol X làm mất màu 0,455 mol Br2 0,63 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,735 mol Câu 76.16. Đốt cháy hoàn toàn 0,041 mol hỗn hợp X (gồm metyl axetat, metyl metacrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,2665 mol O2, tạo ra CO2 và 3,312 gam H2O. Nếu cho 0,492 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,756 mol.

B. 0,718 mol.

C. 0,378 mol.

D. 0,419 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho COO x mol O2 CO2 -2 0,2665 mol y mol Hidrocacbon mach ho CH2 b mol H2O 0,184 mol 0 H2 (x + y - t) + Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,041 – t) = 0,184 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,041 – t ).2 = 0,2665.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,0315 .

Vậy 0,041 mol X làm mất màu 0,0315 mol Br2 0,492 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,378 mol Câu 76.17. Đốt cháy hoàn toàn 0,09 mol hỗn hợp X (gồm vinyl acrylat và hai ankan ) cần vừa đủ 0,765 mol O2, tạo ra CO2 và 9,828 gam H2O. Nếu cho 0,09 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của vinyl acrylat và giá trị của a lần lượt là A. 20 % và 0,036.

B. 80 % và 0,036.

C. 20 % và 0,030.

D. 80 % và 0,030.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy:

x mol CH2=CH - COO - CH = CH2 y mol Ankan

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

O2 0,765 mol

CO2 H2O 0,546 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc (1) + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,09 – t) = 0,546 (2) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,09 – t ).2 = 0,765.4 Từ (1)(2) ta có t = 0,036 .→x= 0,018 → %V vinyl acrylat = 20 % Câu 76.18. Đốt cháy hoàn toàn 0,48 mol hỗn hợp X (gồm etyl acrylat và hai ankin ) cần vừa đủ 3,3 mol O2, tạo ra CO2 và 36,72 gam H2O. Nếu cho 0,72 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của etylacrylat và giá trị của a lần lượt là A. 50 % và 1,08.

B. 60 % và 0,9.

C. 60 % và 1,08.

D. 50 % và 0,9.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol CH2=CH - COO-C2H5 y mol Ankin

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

O2 3,33 mol

CO2 H2O 2,04 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,48 – t) = 2,04 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,48 – t ).2 = 3,33.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,72 Vậy : 0,48 mol X làm mất màu 0,72 mol Br2 0,72 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là :a= 1,08 mol + Bảo toàn liên kết pi ta có: x. + 2y = 0,72 , lại có x + y = 0,48 →x= 0,24 → %V etyl acrylat = 50 % Câu 76.19. Đốt cháy hoàn toàn 0,052 mol hỗn hợp X (gồm vinyl axetat và hai hidrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ 0,4095 mol O2, tạo ra CO2 và 4,914 gam H2O. Nếu cho 0,078 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Giá trị của a là A. 0,078 mol.

B. 0,088 mol.

C. 0,018 mol.

D. 0,052 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy:

x mol CH3 - COO-CH=CH2 y mol Hidrocacbon mach ho

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

O2 0,4095 mol

CO2 H2O 0,273 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,052 – t) = 0,273 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,052 – t ).2 = 0,4095.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,052 Vậy : 0,052 mol X làm mất màu 0,052 mol Br2 0,078 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là :a= 0,078 mol Câu 76.20. Dẫn 0,056 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) qua 0,021 mol H2 (Ni, t0) sau phản ưng hoàn toàn thu được hỗn hợp Y, đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 0,336 mol O2, tạo ra CO2 và 4,284 gam H2O. Nếu cho 0,112 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,142 mol.

B. 0,08 mol.

C. 0,112 mol.

D. 0,155 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho 0,021 mol H2

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y + 0,021 - t)

O2 0,336 mol

CO2 H2O 0,238 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc trong hỗn hợp X + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,077 – t) = 0,238 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,077 – t ).2 = 0,336.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,056 .

Vậy : 0,056 mol X làm mất màu 0,056 mol Br2 0,112 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là : 0,112 mol Câu 76.21. Dẫn 0,048 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) qua 0,024 mol H2 (Ni, t0) sau phản ưng hoàn toàn thu được hỗn hợp Y, đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 0,291 mol O2, tạo ra CO2 và 3,78 gam H2O. Nếu cho toàn bộ Y vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,050 mol.

B. 0,024 mol.

C. 0,025 mol.

D. 0,015 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho 0,024 mol H2

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y + 0,024 - t)

O2 0,291 mol

CO2 H2O 0,21 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc trong hỗn hợp X + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,072 – t) = 0,21 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,072 – t ).2 = 0,291.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,048 .→ số mol liên kết pi ở gốc trong Y = 0,048 – 0,024 = 0,024 Câu 76.22. Đốt cháy hoàn toàn 0,05 mol hỗn hợp X (gồm pentin và hai este no đơn chức, mạch hở ) cần vừa đủ 0,275 mol O2, tạo ra CO2 và 3,42 gam H2O. Nếu cho 0,075 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của pentin và giá trị của a lần lượt là A. 40 % và 0,06.

B. 60 % và 0,09.

C. 60 % và 0,06.

D. 40 % và 0,04.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol

C5H8

y mol Este no,dn chuc, mach ho

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - t)

O2 0,275 mol

CO2 H2O 0,19 mol

+ Chú ý: t là tổng số mol liên kết pi trong các gốc + Bảo toàn H ta dễ có: b + (0,05 – t) = 0,19 (1) + Bảo toàn E ta có : 6b + (0,05 – t ).2 = 0,275.4 (2) Từ (1)(2) ta có t = 0,04 → x =0,02 → %V pentin = 40 % Vậy : 0,05 mol X làm mất màu 0,04 mol Br2 0,075 mol X sẽ làm mất màu số mol Br2 là :a= 0,06 mol Câu 76.23. Đốt cháy hoàn toàn a mol hỗn hợp X (gồm etyl acrylat , vinyl axetat và hai hi đrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ 0,525 mol O2, tạo ra CO2 và 6,66 gam H2O. Nếu cho a mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là 0,05 mol . Giá trị của a là A. 0,07 mol.

B. 0,04 mol.

C. 0,08 mol.

D. 0,05 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy:

x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - 0,05)

+ Bảo toàn H ta dễ có: b + (a – 0,05) = 0,37 + Bảo toàn E ta có : 6b + (a – 0,05).2 = 0,525.4 Từ (1)(2) ta có a = 0,08

O2 0,525 mol

CO2 H2O 0,37 mol

(1) (2)

Câu 76.24. Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol hỗn hợp X (gồm etyl acrylat , vinyl axetat và hai hi đrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ a mol O2, tạo ra CO2 và 9,18 gam H2O. Nếu cho 0,1 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là 0,08 mol . Giá trị của a là A. 0,745 mol.

B. 0,735 mol.

C. 0,835 mol.

D. 0,845 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho

+ Bảo toàn H ta dễ có: b + 0,02 = 0,51 + Bảo toàn E ta có : 6b + 0,02.2 = a.4 Từ (1)(2) ta có a = 0,745

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - 0,08)

O2 a mol

CO2 H2O 0,51 mol

(1) (2)

Câu 76.25. Đốt cháy hoàn toàn a mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat , vinyl axetat và hai hi đrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ 0,6075 mol O2, tạo ra CO2 và 7,83 gam H2O. Nếu cho a mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là 0,045 mol . Giá trị của a là A. 0,07 mol.

B. 0,09 mol.

C. 0,08 mol.

D. 0,05 mol.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy: x mol Este don chuc mach ho y mol Hidrocacbon mach ho

COO x mol -2 CH2 b mol 0 H2 (x + y - 0,045)

+ Bảo toàn H ta dễ có: b + (a – 0,045) = 0,435

(1)

+ Bảo toàn E ta có : 6b + (a – 0,045).2 = 0,6075.4 Từ (1)(2) ta có a = 0,09

(2)

O2 0,6075 mol

CO2 H2O 0,435 mol

BÀI TẬP TỰ LUYỆN Câu 1. Đốt cháy hoàn toàn 0,325 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,9875 mol O2, tạo ra CO2 và 13,05 gam H2O. Nếu cho 0,364 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,225 mol.

B. 0,18 mol.

C. 0,21 mol.

D. 0,252 mol.

Câu 2. Đốt cháy hoàn toàn 0,144 mol hỗn hợp X (gồm metyl axetat, etyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,948 mol O2, tạo ra CO2 và 11,664 gam H2O. Nếu cho 0,15 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,125 mol.

B. 0,135 mol.

C. 0,145 mol.

D. 0,215 mol.

Câu 3. Đốt cháy hoàn toàn 0,03 mol hỗn hợp X (gồm metyl propionat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,185 mol O2, tạo ra CO2 và 2,16 gam H2O. Nếu cho 0,18 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,105 mol.

B. 0,125 mol.

C. 0,210 mol.

D. 0,150 mol.

Câu 4. Đốt cháy hoàn toàn 0,066 mol hỗn hợp X (gồm hai este đơn chức ,mạch hở và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,4065 mol O2, tạo ra CO2 và 0,285 mol H2O. Nếu cho 1,056 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,15 mol.

B. 0,18 mol.

C. 0,72 mol.

D. 0,82 mol.

Câu 5. Đốt cháy hoàn toàn 0,42 mol hỗn hợp X (gồm hexen, vinylaxetilen và hai este đơn chức mạch hở) cần vừa đủ 2,59 mol O2, tạo ra CO2 và 30,24 gam H2O. Nếu cho 1,08 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 1,26 mol.

B. 1,25 mol.

C. 1,52 mol.

D. 1,75 mol.

Câu 6. Đốt cháy hoàn toàn 0,246 mol hỗn hợp X (gồm metyl axetat, metyl metacrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 1,599 mol O2, tạo ra CO2 và 19,872 gam H2O. Nếu cho 0,492 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,756 mol.

B. 0,378 mol.

C. 0,635 mol.

D. 0,619 mol.

Câu 7. Đốt cháy hoàn toàn 0,225 mol hỗn hợp X (gồm vinyl acrylat và hai ankan ) cần vừa đủ 1,9125 mol O2, tạo ra CO2 và 24,57 gam H2O. Nếu cho 0,225 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của vinyl acrylat và giá trị của a lần lượt là A. 20 % và 0,09.

B. 80 % và 0,09.

C. 20 % và 0,03.

D. 80 % và 0,03.

Câu 8. Đốt cháy hoàn toàn 0,5 mol hỗn hợp X (gồm etyl acrylat và hai ankin ) cần vừa đủ 3,4375 mol O2, tạo ra CO2 và 38,25 gam H2O. Nếu cho 0,75 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của etylacrylat và giá trị của a lần lượt là A. 50 % và 1,125.

B. 60 % và 0,9.

C. 60 % và 0,6.

D. 50 % và 0,9.

Câu 9. Đốt cháy hoàn toàn 0,064 mol hỗn hợp X (gồm vinyl axetat và hai hidrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ 0,504 mol O2, tạo ra CO2 và 6,048 gam H2O. Nếu cho 0,096 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Giá trị của a là A. 0,04 mol.

B. 0,054 mol.

C. 0,064 mol.

D. 0,096 mol.

Câu 10. Dẫn 0,14 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) qua 0,0525 mol H2 (Ni, t0) sau phản ưng hoàn toàn thu được hỗn hợp Y, đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 0,84 mol O2, tạo ra CO2 và 10,71 gam H2O. Nếu cho 0,28 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,24 mol.

B. 0,28 mol.

C. 0,31 mol.

D. 0,35 mol.

Câu 11. Dẫn 0,144 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) qua 0,072 mol H2 (Ni, t0) sau phản ưng hoàn toàn thu được hỗn hợp Y, đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 0,873 mol O2, tạo ra CO2 và 11,34 gam H2O. Nếu cho toàn bộ Y vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,084 mol.

B. 0,072 mol.

C. 0,082 mol.

D. 0,075 mol.

Câu 12. Đốt cháy hoàn toàn 0,169 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,5135 mol O2, tạo ra CO2 và 6,786 gam H2O. Nếu cho 0,507 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,165 mol.

B. 0,180 mol.

C. 0,234 mol.

D. 0,351 mol.

Câu 13. Đốt cháy hoàn toàn 0,312 mol hỗn hợp X (gồm metyl axetat, etyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 2,054 mol O2, tạo ra CO2 và 25,272 gam H2O. Nếu cho 0,039 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,0650 mol.

B. 0,0325 mol.

C. 0,0450 mol.

D.0,0575 mol.

Câu 14. Đốt cháy hoàn toàn 0,36 mol hỗn hợp X (gồm metyl propionat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 2,22 mol O2, tạo ra CO2 và 25,92 gam H2O. Nếu cho 0,432 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,105 mol.

B. 0,125 mol.

C. 0,126 mol.

D. 0,504 mol.

Câu 15. Đốt cháy hoàn toàn 1,43 mol hỗn hợp X (gồm hai este đơn chức ,mạch hở và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 8,8075 mol O2, tạo ra CO2 và 6,175 mol H2O. Nếu cho 1,716 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là

A. 1,58 mol.

B. 1,85 mol.

C. 1,17 mol.

D. 1,23 mol.

Câu 16. Đốt cháy hoàn toàn 0,585 mol hỗn hợp X (gồm hexen, vinylaxetilen và hai este đơn chức mạch hở) cần vừa đủ 3,6075 mol O2, tạo ra CO2 và 42,12 gam H2O. Nếu cho 1,26 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 1,350 mol.

B. 1,25 mol.

C. 1,47 mol.

D. 1,73 mol.

Câu 17. Đốt cháy hoàn toàn 0,205 mol hỗn hợp X (gồm metyl axetat, metyl metacrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 1,3325 mol O2, tạo ra CO2 và 16,56 gam H2O. Nếu cho 2,46 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 1,76 mol.

B. 1,89 mol.

C. 2,78 mol.

D. 2,41 mol.

Câu 18. Đốt cháy hoàn toàn 0,54 mol hỗn hợp X (gồm vinyl acrylat và hai ankan ) cần vừa đủ 4,59 mol O2, tạo ra CO2 và 58,968 gam H2O. Nếu cho 0,54 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của vinyl acrylat và giá trị của a lần lượt là A. 20 % và 0,136.

B. 80 % và 0,236.

C. 20 % và 0,216.

D. 80 % và 0,230.

Câu 19. Đốt cháy hoàn toàn 1,056 mol hỗn hợp X (gồm etyl acrylat và hai ankin ) cần vừa đủ 7,26 mol O2, tạo ra CO2 và 80,784 gam H2O. Nếu cho 1,584 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của etylacrylat và giá trị của a lần lượt là A. 50 % và 1,080.

B. 60 % và 2,350.

C. 60 % và 2,085.

D. 50 % và 2,376.

Câu 20. Đốt cháy hoàn toàn 0,312 mol hỗn hợp X (gồm vinyl axetat và hai hidrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ 2,457 mol O2, tạo ra CO2 và 29,484 gam H2O. Nếu cho 0,468 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Giá trị của a là A. 0,478 mol.

B. 0,488 mol.

C. 0,468 mol.

D. 0,452 mol.

Câu 21. Dẫn 0,224 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) qua 0,084 mol H2 (Ni, t0) sau phản ưng hoàn toàn thu được hỗn hợp Y, đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 1,344 mol O2, tạo ra CO2 và 17,136 gam H2O. Nếu cho 0,448 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là A. 0,142 mol.

B. 0,448 mol.

C. 0,112 mol.

D. 0,155 mol.

Câu 22. Dẫn 0,24 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat và hai hiđrocacbon mạch hở) qua 0,12 mol H2 (Ni, t0) sau phản ưng hoàn toàn thu được hỗn hợp Y, đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 1,455 mol O2, tạo ra CO2 và 18,9 gam H2O. Nếu cho toàn bộ Y vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là

A. 0,120 mol.

B. 0,24 mol.

C. 0,25 mol.

D. 0,15 mol.

Câu 23. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp X (gồm pentin và hai este no đơn chức, mạch hở ) cần vừa đủ 1,1 mol O2, tạo ra CO2 và 13,68 gam H2O. Nếu cho 0,15 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là a mol . Phần trăm thể tích của pentin và giá trị của a lần lượt là A. 40 % và 0,06.

B. 60 % và 0,08.

C. 60 % và 0,16.

D. 40 % và 0,12.

Câu 24. Đốt cháy hoàn toàn a mol hỗn hợp X (gồm etyl acrylat , vinyl axetat và hai hi đrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ 2,1 mol O2, tạo ra CO2 và 26,64 gam H2O. Nếu cho a mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là 0,2 mol . Giá trị của a là A. 0,37 mol.

B. 0,32 mol.

C. 0,18 mol.

D. 0,15 mol.

Câu 25. Đốt cháy hoàn toàn 0,8 mol hỗn hợp X (gồm etyl acrylat , vinyl axetat và hai hi đrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ a mol O2, tạo ra CO2 và 73,44 gam H2O. Nếu cho 0,8 mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là 0,64 mol . Giá trị của a là A. 4,74 mol.

B. 5,73 mol.

C. 5,96 mol.

D. 4,84 mol.

Câu 26. Đốt cháy hoàn toàn a mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat , vinyl axetat và hai hi đrocacbon mạch hở ) cần vừa đủ 3,645 mol O2, tạo ra CO2 và 46,98 gam H2O. Nếu cho a mol X vào dung dịch Br2 dư thì số mol Br2 phản ứng tối đa là 0,27 mol . Giá trị của a là A. 0,57 mol.

B. 0,54 mol.

C. 0,68 mol.

D. 0,65 mol.

CHUYÊN ĐỀ 1: HỖN HỢP CHẤT BÉO Câu 1(Nước rút-2021):Đốt cháy hoàn toàn 56,628 gam triglixerit X, thu được CO2 và 3,366 mol H2O. Cho 56,628 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và m gam muối .Mặt khác 56,628 gam X tác dụng được tối đa với 0,132 mol Br2 trong dung dịch .Giá trị của m là D. 58,476.

A. 57,725.

B. 56,580.

C.58,420.

Hướng dẫn giải - 1 Sơ đồ tư duy: C3H5 a HCOO 3a CH2 b -H2 0,132 56,628 gam

O2

NaOH 3a mol

H2O 3,366 mol C3H5(OH)3 a mol HCOONa 3a mol CH2

b mol

- H2

0,132 mol

m gam

+ Áp dụng ĐLBT nguyên tố H: 4a + b – 0,132 = 3,366 → 4a + b = 3,498 (I) + Áp dụng BT khối lượng : 176a + 14b – 0,132.2 = 56,628→ 176a + 14b = 56,892 (II) Từ (I)(II) ta có a = 0,066 ; b = 3,234 → m =58,476 gam Câu 2(Nước rút-2021): Cho m gam triglixerit X tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và 4,873 gam muối Y . Để đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 8,932 lít O2 (đktc), Biết X tác dụng được tối đa với 0,011 mol Br2 trong dung dịch va .Giá trị của m là A. 4,750.

B. 6,585.

C.4,719.

D. 5,858.

Hướng dẫn giải - 2 Sơ đồ tư duy:

NaOH X

3a mol

m gam

C3H5(OH)3 a mol HCOONa 3a mol -2 CH2 b mol - H2

O2 0,39875 mol

0,011 mol

4,873 gam

+ Áp dụng BT khối lượng : 68.3a + 14b – 0,011.2 = 4,873→ 204.a + 14b = 4,895 + Áp dụng ĐLBT E : 6.b – 0,011.2 = 0,39875.4 → b = 0,2695 (II) Từ (I)(II) ta có a = 0,0055 ; b = 0,2695 + Áp dụng ĐLBTKL → m =4,719 gam

(I)

Câu 3(Nước rút-2021): Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 0,616 mol O2 thu được CO2 và 0,4 mol H2O. Cho m gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và 7,072 gam muối .Mặt khác m gam X tác dụng được tối đa với a mol Br2 trong dung dịch .Giá trị của a là A. 0,02.

B. 0,024.

C.0,012.

D. 0,016.

Hướng dẫn giải - 3 Sơ đồ tư duy:

C3H5 x HCOO 3x CH2 y - H2 a m gam

Bao toan C O2 0,616 mol H2O 0,4 mol CO2 (6x + y) C3H5(OH)3 x mol HCOONa 3x CH2 y - H2 a 7,072 gam

+ Áp dụng ĐLBT nguyên tố H: 4x + y – a = 0,4 (I) + Áp dụng BT khối lượng : 204.x + 14y – 2.a = 7,072 (II) + Áp dụng ĐLBT nguyên tố O: 3x + 0,616 = 6x+ y + 0,2→ 3x + y = 0,416 (III) Từ (I)(II)(III) ta có x = 0,008 ; y = 0,392 ; a = 0,024

Câu 4(Nước rút-2021): Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 0,693 mol O2 thu được H2O và 0,495 mol CO2. Cho m gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và 7,956 gam muối .Mặt khác m gam X tác dụng được tối đa với a mol Br2 trong dung dịch .Giá trị của a là A. 0,029.

B. 0,024.

C.0,025.

D. 0,027.

Hướng dẫn giải - 4

Sơ đồ tư duy:

C3H5 x HCOO 3x CH2 y - H2 a m gam

Bao toan H O2 0,693 mol H2O (4x + y - a) mol CO2 0,495 mol NaOH

C3H5(OH)3 x mol HCOONa 3x CH2 y - H2 a 7,956 gam

+ Áp dụng ĐLBT nguyên tố C: 6x + y = 0,495 + Áp dụng BT khối lượng : 204.x + 14y – 2.a = 7,956 + Áp dụng ĐLBT nguyên tố O: 3x + 0,693 = 2x+ 0,5.y – 0,5.a + 0,495 → x – 0,5 y + 0,5.a = - 0,198 Từ (I)(II)(III) ta có x = 0,009 ; y = 0,441 ; a = 0,027

(I) (II) (III)

Câu 5(Nước rút-2021): Đốt cháy hoàn toàn 6,864 gam triglixerit X, thu được H2O và 0,44 mol CO2. Cho 6,864 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và m gam muối .Mặt khác 6,864 gam X tác dụng được tối đa với 0,016 mol Br2 trong dung dịch .Giá trị của m là A. 16,12.

B. 18,48.

C.18,28.

D. 17,72.

Hướng dẫn giải - 5

Sơ đồ tư duy:

O2

Bao toan H H2O (4x + y - a) mol

C3H5 x HCOO 3x CH2 y - H2 0,016

NaOH

6,864 gam

3x mol

CO2 0,44 mol C3H5(OH)3 x mol HCOONa 3x CH2 y - H2 0,016

m gam

+ Áp dụng ĐLBT nguyên tố C: 6x + y = 0,44 + Áp dụng BT khối lượng : 176x + 14y – 0,016.2 = 6,864→ 176x + 14y = 6,896 Từ (I)(II) ta có x = 0,008 ; y = 0,392 → m = 7,088 gam

(I) (II)

Câu 6(Nước rút-2021): Đốt cháy hoàn toàn 0,036 mol hỗn hợp X gồm ba triglixerit cần vừa đủ 2,862 mol O2, thu được 1,884 mol H2O. Mặt khác, hiđro hóa hoàn toàn 37,872 gam X (xúc tác Ni, to), thu được hỗn hợp Y. Đunnóng Y với dung dịch KOH vừa đủ, thu được glixerol và m gam muối. Giá trị của m là A. 41,328.

B. 57,418.

C. 43,820.

D. 34,440.

Hướng dẫn giải - 6

Sơ đồ tư duy 1: COO 0,108 -2 CH2 u H2 v

O2 2,862 + H2 , Ni

H2O 1,884 mol Y

KOH

C3H5(OH)3 0,036 mol HCOOK 0,108 CH2 1,812 mol

m1 gam Bao toan C + Áp dụng ĐLBTE: 6u + 2v = 2,862.4 → 3u + v = 5,724 +Bảo toàn H : u + v = 1,884 Từ (I)(II) → u= 1,92 ; v= - 0,036 → m1 = 31,56

m2 gam (I) (II)

+ Bảo toàn C → số mol CH2 trong muối → m2 = 34,44 gam Sơ đồ thí nghiệm 37,872 gam X (gấp 1,2 lần thí nghiệm 1) → m =41,328 gam

Câu 7(Nước rút-2021): Xà phòng hóa hoàn toàn m gam hỗn hợp E gồm các triglixerit bằng dung dịch NaOH , thu được glixerol và hỗn hợp X gồm 3 muối C17HxCOONa ,C15H31COONa, C17HyCOONa có tỷ lệ mol tương ứng là 3:4:5.Hiđro hóa hoàn toàn m gam E thu được 96,544 gam hỗn hợp Y .Nếu đốt cháy hoàn toàn m gam E thì cần vừa đủ 8,596 mol O2 .Giá trị của m là A.96,75.

B. 95,76.

C.96,50.

D. 88,84.

Hướng dẫn giải - 7

Sơ đồ tư duy : Bao toan COO, C

COO 12.t -2 CH2 208.t H2 v m gam

NaOH

+ H2

O2 8,596 mol

C3H5(OH)3 4.t C17HxCOONa 3.t C15H31COONa 4t C17HyCOONa 5t COO 12.t -2 CH2 208.t H2 4t 96,544 gam

+ Theo sơ đồ tư duy ta có khối lượng Y : 96,544 = 12t. 44 + 208t. 14 + 4t.2 → t =0,028 + Áp dụng ĐDDLBTE cho phản ứng cháy : 208t.6 + 2v = 8,596.4 → v = - 0,28 ( Lưu ý : trong phương pháp quy đổi này có chấp nhận số âm ) → m = 95,76 gam Câu 8(Nước rút-2021): Xà phòng hóa hoàn toàn 17,18 gam hỗn hợp E gồm hai triglixerit bằng dung dịch NaOH , thu được glixerol và hỗn hợp X gồm 3 muối C17Hx COONa ,C15H31COONa, C17HyCOONa có tỷ lệ mol tương ứng là 3:2:1.Hiđro hóa hoàn toàn 17,18 gam E thu được m gam hỗn hợp Y .Nếu đốt cháy hoàn toàn 17,18 gam E thì cần vừa đủ 1,555 mol O2 .Giá trị của m là A.17,75.

B. 17,24.

C.18,50.

D. 18,24.

Hướng dẫn giải - 8

Sơ đồ tư duy : Bao toan COO, C

COO 6.t -2 CH2 104.t H2 v 17,18 gam

NaOH

+ H2

O2 1,555 mol

C3H5(OH)3 2.t C17HxCOONa 3.t C15H31COONa 2t C17HyCOONa 1.t COO 6.t -2 CH2 104.t H2 2t m gam

+ Theo sơ đồ tư duy ta có khối lượng X : 17,18 = 6t. 44 + 104t. 14 + v.2 → 860.t + v =8,59 + Áp dụng ĐDDLBTE cho phản ứng cháy : 104t.6 + 2v = 1,555.4 → 312t + v = 3,11 Từ (I) và (II) → t = 0,01 ; v= - 0,01 → m = 17,24 gam

(I) (II)

Câu 9 (Nước rút-2021): Thủy phân hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH, thu được glixerol, natri stearat và natri oleat. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 6,44 mol O2 , thu được H2O và 4,56 mol CO2 . Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br2 trong dung dịch. Giá trị của a là A. 0,04.

B. 0,08.

C. 0,20.

D. 0,16.

Hướng dẫn giải - 9

Sơ đồ tư duy : x C3H5 C17H35COO 3x - H2 a

COO 3.x -2 CH2 54.x H2 (x - a)

O2

CO2 4,56 mol H2O

6,44 mol

+ Bảo toàn C : 4,56 = 57.x → x = 0,08 + Bảo toàn E : 6. 54x + 2.( x-a) = 6,44.4 → a = 0,16 Câu 10 (Nước rút-2021): Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp T gồm triglixerit

X và 0,02 mol triolein Y , thu được H O và 2,79 mol CO . Cho m gam T tác 2

2

dụng với dung dịch KOH vừa đủ , thu được glixerol và 47,28 gam hỗn hợp muối trong đó có 28,8 gam kalioleat còn lại là muối của axitcacboxylic no . Giá trị của m là A. 41,79 .

B. 43,48.

C. 30,74.

D. 39,04.

Hướng dẫn giải - 10

n = 0,09 mol C17H33COOK

Sơ đồ tư duy :

O2 C3H5 x HCOO 3.x CH2 y - H2 0,09

CO2 2,79 mol KOH

m gam

HCOOK 3x y CH2 - H2 0,09 47,28 gam

+ Áp dụng ĐLBT nguyên tố C: 6x + y = 2,79 (I) + Áp dụng BT khối lượng : 252x + 14y – 0,18 = 47,28 → 252x + 14y = 47,46 (II) Từ (I)(II) ta có x = 0,05 ; b = 2,49 → m = 43,48 gam → m = 95,76 gam Câu 11 (Nước rút-2021): Đốt cháy hoàn toàn 65,28 gam hỗn hợp E gồm các triglixerit cần dùng vừa đủ 5,865 mol O2. Nếu thủy phân hoàn toàn 65,28 gam E bằng dung dịch NaOH, thu được glixerol và hỗn hợp gồm ba muối C17HxCOONa, C17HyCOONa và C15H31COONa có tỷ lệ mol tương ứng là 8 : 5 : 2. Mặt khác m gam hỗn hợp E tác dụng với dung dịch Br2 dư thì có 0,1575 mol Br2 phản ứng. Giá trị của m là A. 32,64.

B. 21,76.

C. 65,28.

D. 54,40.

.

Hướng dẫn giải - 11

Sơ đồ tư duy : Bao toan COO, C

COO 15.t -2 CH2 266.t H2 v 65,28 gam

NaOH + B2 x mol

C3H5(OH)3 5.t C17HxCOONa 8.t C15H31COONa 2t C17HyCOONa 5.t

O2 5,865 mol

+ Theo sơ đồ tư duy ta có khối lượng X : 65,28 = 15t. 44 + 266t. 14 + v.2 →2192 .t + v =32,64

(I)

+ Áp dụng ĐDDLBTE cho phản ứng cháy : 266t.6 + 2v = 5,865.4 → 798t + v = 11,73 Từ (I) và (II) → t = 0,015 ; v= - 0,24 → x = 5t – v =0,315 mol Vậy : 65,28 gam E làm mất màu 0,315 mol Br2 m gam E làm mất màu 0,1575 mol Br2 → m =32,64 gam

(II)

Câu 12 (Nước rút-2021): Thủy phân hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH, thu được glixerol, natri stearat và natri oleat. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 1,61 mol O2 , thu được H2O và 1,14 mol CO2 . Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br2 trong dung dịch. Giá trị của a là A. 0,04.

B. 0,08.

C. 0,20.

D. 0,16 Hướng dẫn giải - 12

Sơ đồ tư duy : Bao toan H C3H5 x C17H35COO 3x - H2 a

O2 1,61

H2O (55x -a) mol CO2 1,14 mol

m gam

+Bảo toàn C: x = 0,02 +Bảo toàn O: a =0,04 mol Chọn A

CHUYÊN ĐỀ 2: HỖN HỢP CHẤT BÉO + AXIT Câu 12 (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm triglixerit Y và axit béo Z. Cho m gam X

phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được sản phẩm hữu cơ gồm một muối và 2,208 gam glixerol. Nếu đốt cháy hết m gam X thì cần vừa đủ 3,084 mol O2, thu được 2,232 mol CO2 và 1,944 mol H2O. Phần trăm khối lượng của Z trong m gam X là A. 61,06 %.

B. 38,96 %.

C. 61,04 %.

D. 38,94 %.

Hướng dẫn giải - 12 Sơ đồ tư duy (2) Bao toan C RCOOCH2 0,024 mol RCOOCH RCOOCH2

-2 CH2 2,112 COO 0,12 + H2 z

b mol

RCOOH m gam

O2 3,084 mol Bao toan O (1)

m gam

+Áp dụng ĐLBTKL tính được : m =34,512 gam + Áp dụng ĐLBT COO: nCOO = 0,12 mol → b =0,12 – 0,024.3 =0,048 + Gọi số C Trong gốc R là n Ta có : 0,024.3n + 0,048.n = 2,112 – 0,024.3 → n= 17 + Áp dụng ĐLBT H: z = - 0,168 mol Chú ý: 0,024 + b – z = số mol liên kết pi =0,24 mol

Ghép chất: Gọi k là số liên kết pi trong gốc R ta dễ có: 0,24 =0,024.3k + b.k → k =2 Vậy axit: C17H31COOH → mZ = 13,44 gam → %Z = 38,94 %

CO2

2,232

H2O

1,944

Câu 13 (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm triglixerit Y và axit béo Z. Cho m gam X

phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được sản phẩm hữu cơ gồm một muối và 1,84 gam glixerol. Nếu đốt cháy hết m gam X thì cần vừa đủ 1,855 mol O2, thu được 1,32 mol CO2 và 1,21 mol H2O. Phần trăm khối lượng của Y trong m gam X là C. 86,24 %.

D. 13,76 %.

A. 61,06 %.

B. 38,96 %.

Hướng dẫn giải - 13 Sơ đồ tư duy (2) Bao toan C RCOOCH2 RCOOCH

0,02 mol

RCOOCH2

-2 CH2 1,25 COO 0,07 + H2 z

b mol

RCOOH m gam

O2 1,855 mol Bao toan O

CO2

1,32

H2O

1,21

(1)

m gam

+Áp dụng ĐLBTKL tính được : m =20,5 gam

+ Áp dụng ĐLBT COO: nCOO = 0,07 mol → b =0,07 – 0,02.3 =0,01 + Gọi số C Trong gốc R là n Ta có : 0,02.3n + 0,01.n = 1,25 – 0,02.3 → n= 17 + Áp dụng ĐLBT H: z = - 0,04 mol Chú ý: 0,02 + b – z = số mol liên kết pi =0,07 mol

Ghép chất: Gọi k là số liên kết pi trong gốc R ta dễ có: 0,07 =0,02.3k + b.k → k =1 Vậy axit: C17H33COOH → mZ = 2,82 gam → %Z = 13,76 % → %Y = 86,24 % Câu 14 (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm triglixerit Y và axit béo Z. Cho 18,68 gam X phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được sản phẩm hữu cơ gồm một muối và 1,84 gam glixerol. Nếu đốt cháy hết 18,68 gam X trong O2 vừa đủ , thu được 1,18 mol CO2 và 1,14 mol H2O. Khối lượng của Z trong 18,68 gam X là A. 1,79 gam .

B. 3,48 gam.

C. 3,74 gam .

D. 2,56 gam.

Hướng dẫn giải - 14 Sơ đồ tư duy (3) Bao toan C RCOOCH2 0,02 mol

-2 CH2 1,11

RCOOCH

COO 0,07

RCOOCH2 b mol

(1) O2 1,68 mol Bao toan O

+ H2 z

1,18

H2O

1,14

(2)

RCOOH 18,68 gam

CO2

18,68 gam

+Áp dụng ĐLBTKL tính được : mO = 53, 76 gam  → nO = 1, 68 mol 2

2

+ Áp dụng ĐLBT COO: nCOO = 0,07 mol → b =0,07 – 0,02.3 =0,01 + Gọi số C Trong gốc R là n Ta có : 0,02.3n + 0,01.n = 1,11 – 0,02.3 → n= 15 + Áp dụng ĐLBT H: z = 0,03 mol Chú ý: 0,02 + b – z = số mol liên kết pi = 0 ( Gốc no) Vậy axit: C15H31COOH → mZ = 2,56 gam Gọi k là số liên kết pi trong gốc R ta dễ có: 0,24 =0,024.3k + b.k → k =2 Vậy axit: C17H31COOH → mZ = 13,44 gam → %Z = 38,94 % Câu 15 (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm triglixerit Y và axit béo Z. Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được sản phẩm hữu cơ gồm C15H31COONa; C17HxCOONa và 13,8 gam glixerol. Nếu đốt cháy hết m gam X thì cần vừa đủ 13,925 mol O2, thu được 9,85 mol CO2 và 9,25 mol H2O. Phần trăm khối lượng của Y trong m gam X là A. 83,41 %.

B. 16,59 %.

C. 86,24 %.

D. 13,76 %.

Hướng dẫn giải - 15 Sơ đồ tư duy:

(2) Bao toan C RCOOCH2 0,15 mol

CH2 9,3

RCOOCH

COO 0,55

RCOOCH2

+ H2 z b mol

RCOOH m gam

O2 13,925 mol Bao toan O

CO2

9,85

H2 O

9,25

(1)

m gam

+Áp dụng ĐLBTKL tính được : m =154,3 gam

+ Áp dụng ĐLBT COO: nCOO = 0,55 mol → b =0,55 – 0,15.3 =0,1 + Gọi số C Trong Y và Z lần lượt là n và m , Bảo toàn C ta có phương trình: 0,15.n + 0,1.m = 9,85 → 3n + 2m = 197 ( theo giả thiết m = 16 hoặc 18 ) m 16 18 n 55 53,67 Chọn Loại Vậy axit: C15H31COOH → mZ = 25,6 gam → %Z = 16,59 % → %Y = 83,41 % Vậy axit: C17H31COOH → mZ = 13,44 gam →

%Z = 38,94 %

Câu 16 (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm triglixerit Y và axit béo Z. Cho m gam X phản

ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được sản phẩm hữu cơ gồm C15H31COONa; C17H33COONa và 13,8 gam glixerol. Nếu đốt cháy hết m gam X thì cần vừa đủ 13,8 mol O2, thu được 9,75 mol CO2 và 9,2 mol H2O. Khối lượng của Z trong m gam X là: A. 21,79 gam .

B. 23,48 gam.

C. 23,74 gam .

D. 28,20 gam.

Hướng dẫn giải - 16 Sơ đồ tư duy:

(2) Bao toan C RCOOCH2 0,15 mol

RCOOCH RCOOCH2

CH2 9,2 COO 0,55 + H2 z

b mol

RCOOH m gam

O2 13,8 mol Bao toan O

CO2

9,75

H2 O

9,2

(1)

m gam

+Áp dụng ĐLBTKL tính được : m =153 gam

+ Áp dụng ĐLBT COO: nCOO = 0,55 mol → b =0,55 – 0,15.3 =0,1 + Gọi số C Trong Y và Z lần lượt là n và m , Bảo toàn C ta có phương trình: 0,15.n + 0,1.m = 9,75 → 3n + 2m = 195 ( theo giả thiết m = 16 hoặc 18 ) m 16 18 n 54,33 53 Loại Chọn Vậy axit: C17H33COOH → mZ = 28,2 gam Câu 17 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm axit panmitic ,axit stearic và triglixerit X. Cho

m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được 28,92 gam hỗn hợp hai muối .Nếu Đốt cháy hết m gam E cần vừa đủ 2,49 mol O2 thu được H2O và 1,74 mol CO2 .Khối lượng của X trong m gam E là A. 16,24 gam.

B. 16,68 gam.

C. 16,60 gam D.16,36 gam Hướng dẫn giải - 17 Sơ đồ tư duy:

Bao toan O CH2 a mol b mol

(RCOO)3C3H5 C15H31COOH C17H35COOH

COO (0,12 -a ) H2

(2)

O2 2,49 mol

H2O ( 1,74 - 2a )

(3)

NaOH (0,12 - a)

CO2 1,74 mol (1)

HCOONa (0,12 -a) mol CH2

(1,62 -2a) mol

28,92 gam (4)

C3H5(OH)3 a mol H2O b mol

Bao toan C

+ Áp dụng công thức : n Chat beo =

n CO2

- n

H2 O

k -1

n = 1,74 - 2a H2 O

+ Dựa vào khối lượng muối ta tính được : a =0,02 mol + Ghép muối: C15H31COONa 0,06 mol C17H35COONa 0,04 mol

+ Ghép chất: (RCOO)3C3H5 u

0,02

C15H31COOH

C15H31COONa 0,06 mol 0,04

C17H35COOH

C17H35COONa 0,04 mol

Gọi u là số mol C15H31COOH ; n là số gốc C15H31COO. Có trong chất béo : 0,02.n + u = 0,06 → 0 < u = 0,06 – 0,02.n < 0,04 → n =2 C15H31COO - CH2 C15H31COO - CH C17H35COO- CH2

0,02 mol mX = 16,68 gam

Câu 18 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm axit panmitic ,axit stearic và triglixerit X. Cho

m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được 26,42 gam hỗn hợp hai muối .Nếu Đốt cháy hết m gam E cần vừa đủ 2,29 mol O2 thu được CO2 và 1,56 mol H2O.Khối lượng của X trong m gam E là A. 17,24 gam.

B. 16,68 gam.

C. 17,60 gam D.16,36 gam

Hướng dẫn giải - 18 Sơ đồ tư duy: Bao toan O CH2 a mol b mol

(RCOO)3C3H5 C15H31COOH C17H35COOH

O2 2,29 mol

COO (0,05 +2a ) H2 NaOH (0,05 +2a )

(2)

CO2 ( 1,56 + 2a ) H2O 1,56 mol

(3)

HCOONa (0,05 + 2a) mol CH2

(1,51 -3a) mol

26,42 gam (4)

C3H5(OH)3 a mol H 2O b mol

Bao toan C

+ Áp dụng công thức : n Chat beo =

n CO2

- n k -1

H2O n = 1,56 + 2a CO2

+ Dựa vào khối lượng muối ta tính được : a =0,02 mol + Ghép muối: C15H31COONa 0,04 mol C17H35COONa 0,05 mol

+ Ghép chất: (RCOO)3C3H5 u

C15H31COOH C17H35COOH

0,02 C15H31COONa 0,04 mol 0,03

C17H35COONa 0,05 mol

(1)

Gọi u là số mol C15H31COOH ; n là số gốc C15H31COO Có trong chất béo : 0,02.n + u = 0,04 → 0 < u = 0,04 – 0,02.n < 0,03 → n =1 C15H31COO - CH2 C17H35COO - CH C17H35COO- CH2

0,02 mol mX = 17,24 gam

Câu 19 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm axit panmitic ,axit stearic và triglixerit X. Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được 23,584 gam hỗn hợp hai muối .Nếu Đốt cháy hết m gam E cần vừa đủ 2,04 mol O2, thu được H2O và 1,424 mol CO2 .Phần trăm khối lượng của X trong m gam E là

A. 83,41 %.

B. 61,59 %.

C. 86,24 %.

D. 61,48 %.

Hướng dẫn giải - 19 Sơ đồ tư duy: Bao toan O CH2 a mol b mol

(RCOO)3C3H5 C15H31COOH C17H35COOH

O2 2,04 mol

COO (0,096 -a ) H2 NaOH (0,096 - a)

(2)

CO2 1,424 mol H2O ( 1,424 - 2a )

(3)

HCOONa (0,096 -a) mol CH2

(1,328 -2a) mol

23,584 gam (4)

C3H5(OH)3 a mol H2O b mol

+ Áp dụng công thức : n Chat beo =

n CO2

- n k -1

H2O

n

= 1,424 - 2a H2O

+ Dựa vào khối lượng muối ta tính được : a =0,016 mol

Bao toan C

(1)

+ Bảo toàn khối lượng tính được m =22,432 gam + Ghép muối: C15H31COONa 0,032 mol C17H35COONa 0,048 mol

+ Ghép chất: (RCOO)3C3H5 u

0,016

C15H31COOH

C15H31COONa 0,032 mol 0,032

C17H35COONa 0,048 mol

C17H35COOH

Gọi u là số mol C15H31COOH ; n là số gốc C15H31COO. Có trong chất béo : 0,016.n + u = 0,032 → 0 < u = 0,032 – 0,016.n < 0,032 → n =1 C15H31COO - CH2 C17H35COO - CH C17H35COO- CH2

0,016 mol mX = 13,792 gam → % X =61,48 %

Câu 20 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm một axit cacboxylic X( no , đơn chức , mạch hở) và triolein. Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được 26,58 gam hỗn hợp muối .Nếu Đốt cháy hết m gam E cần vừa đủ 2,29 mol O2, thu được H2O và 1,62 mol CO2 .Phần trăm khối lượng của C trong phân tử X là

A. 75,00 %.

B. 76,05 %.

C. 70,31 %.

Hướng dẫn giải - 20 Sơ đồ tư duy:

D. 40,00 %.

Bao toan O CH2 a mol b mol

(C17H33COO)3C3H5 CnH2n +1 COOH

O2 2,29 mol

COO (0,14 - 2,5a ) H2 NaOH (0,14 - 2,5a )

(2)

CO2 1,62 mol H2O ( 1,62 - 5a )

(3)

HCOONa (0,14 - 2,5a ) CH2 (1,48 - 0,5.a ) 3a - H2

(1)

26,58 gam (4) Bao toan C

C3H5(OH)3 a mol H 2O b mol

+ Áp dụng công thức : n Chat beo =

n CO2

- n

H2O

n

k -1

= 1,62 - 5a H2O

+ Dựa vào khối lượng muối ta tính được : a =0,02 mol → b = 0,03 mol + Bảo toàn C ta xác định được n =15 ( X là : C15H31COOH ) → % CX =75 %

Câu 21 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm một axit cacboxylic X( no , đơn chức , mạch hở) và tristearin. Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được 15,24 gam hỗn hợp muối .Nếu Đốt cháy hết m gam E cần vừa đủ 1,32 mol O2, thu được H2O và 0,93 mol CO2 .Phần trăm khối lượng của C trong phân tử X là

A. 75,00 %.

B. 76,05 %.

C. 70,31 %.

Hướng dẫn giải - 21 Sơ đồ tư duy:

D. 40,00 %.

Bao toan O CH2 a mol b mol

(C17H33COO)3C3H5 CnH2n +1 COOH

COO (0,075 - 2,5a ) H2 NaOH (0,075 - 2,5a )

(2)

O2 1,32 mol

CO2 0,93 mol H2O ( 0,93 - 5a )

(3)

(1)

HCOONa (0,075 - 2,5a ) CH2 (0,855 - 0,5.a ) 15,24 gam 3a - H2 (4) Bao toan C C3H5(OH)3 a mol H 2O b mol

+ Áp dụng công thức : n Chat beo =

n CO2

- n

H2O

k -1

n

= 0,93 - 5a H2O

+ Dựa vào khối lượng muối ta tính được : a =0,01 mol → b = 0,02 mol + Bảo toàn C ta xác định được n =17 ( X là : C17H35COOH ) → % CX =76,05 % Câu 22 (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic và các chất béo tạo bởi hai axit đó. Cho 6,726 gam X tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,024 mol KOH, thu dung dịch Y chứa m gam muối. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn 6,726 gam X thu được a mol H2O và (a + 0,01) mol CO2. Giá trị của m là

A. 8,341 .

B. 6,159.

C. 8,624 .

Hướng dẫn giải - 22

Sơ đồ tư duy:

D. 7,448 .

(1)

KOH 0,024

0,005 mol (RCOO)3C3H5 C15H31COOH 0,009 mol C H COOH 17 35 (2)

Muoi m gam C3H5(OH)3 0,005 mol H2O 0,009 mol

6,726 gam

+ Áp dụng công thức : n Chat beo =

n CO2

- n

H2O

= 0,005

k -1

n

= 0,009 axit

+ Dựa vào khối lượng muối ta tính được : m = 7,448 gam

Câu (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic và triglixerit Y. Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu được 0,39 mol CO2 và 0,38 mol H2O. Mặt khác, m gam X tác dụng vừa đủ với 0,0225 mol NaOH trong dung dịch, thu được glixerol và dung dịch chỉ chứa a gam hỗn hợp muối natri panmitat, natri stearat. Giá trị của a là A. 5,860.

B 6,465.

C 7,725.

D 7,305.

Hướng dẫn giải Sơ đồ tư duy:

Cong thuc giai nhanh (1) O2

CO2 0,39 mol

0,005 mol (RCOO)3C3H5 C15H31COOH 0,0075 mol C17H35COOH

H2O 0,38 mol

(2)

NaOH 0,0225

Bao toan nhom COO

HCOONa 0,0225 mol a gam CH2 0,3525 mol C3H5(OH)3 0,005 mol H2O 0,0075 mol

(3) Bao toan C

+ Áp dụng công thức : n

Chat beo =

n CO2

- n

H2O

= 0,005 n = 0,0075 Axit

k -1

+ Bảo toàn khối lượng tính được a =6,465 gam

CHUYÊN ĐỀ 3: HỖN HỢP ESTE (ĐƠN CHỨC, ĐA CHỨC) Câu 23 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X,Y và Z (Trong đó có một

este hai chức và hai este đơn chức; M < M < M . Cho 24,66 gam E tác dụng hoàn X

Y

Z

toàn với dung dịch NaOH dư , thu được hỗn hợp các ancol no và 26,42 gam hỗn hợp muối của hai axitcacboxylic kế tiếp trong cùng dãy đồng đẳng .Khi đốt cháy hết 24,66 gam E thì cần vừa đủ 1,285 mol O thu được H O và 1,09 mol CO . Khối lượng của Y 2

trong 24,66 gam E là A.6,16 gam.

B. 5,18 gam.

2

C. 3,48 gam.

Hướng dẫn giải - 23

+ Thực hiện các bước theo sơ đồ tư duy:

2

D. 2,96 gam.

(2)

CH3OH C2H4(OH)2 CH2

Bao toan O NaOH COO 0,3 E

CH2

0,79

H2

RCOONa 0,3 26,42 gam CO2 1,09 mol

O2 1,285 mol

→

CH3COONa C2H5COONa

(3)

(1) Bao toan khoi luong

H2O 0,99 mol

24,66 gam

+ Xác định 2 muối : M Muoi =

x y z

26, 42 = 88, 067 0,3

0,17 mol 0,13 mol

+ Bảo toàn nhóm OH: x + 2y = 0,3 +Bảo toàn C: 1,09 = x + 2y + z + 0,17.2 + 0,13.3 → x + 2y + z =0,36 + Bảo toán khối lượng: mancol = 32x + 62y + 14z =24,66 + 40.0,3 – 26,42 32x + 62y + 14z =10,24

(I) (II) (III)

Từ (I)(II)(III) ta có: x =0,1; y=0,1,z=0,06 Ghép chất: CH3COOCH3(CH2)n 0,07 mol C2H5COOCH3(CH2)m 0,03 mol CH3COO - CH2

CH3OH 0,1 mol C2H4(OH)2 0,1 mol CH2 0,06 mol

NaOH

0,1 mol

CH3COONa

C2H5COO - CH2

0,17 mol

C2H5COONa 0,13 mol

+ Ta dễ có : 0,07.n + 0,03.m = 0,06 →chọn được nghiệm n =0 ; m= 2 → mY = 3,48 gam Câu 24 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X,Y và Z (Trong đó có một este hai chức và hai este đơn chức; M < M < M . Cho 28,74 gam E tác dụng hoàn X

Y

Z

toàn với dung dịch NaOH dư , thu được hỗn hợp các ancol no và 30,28 gam hỗn hợp muối của hai axitcacboxylic kế tiếp trong cùng dãy đồng đẳng .Khi đốt cháy hết 28,74 gam E thì cần vừa đủ 1,265 mol O thu được H O và 1,16 mol CO . Khối lượng của X 2

trong 28,74 gam E là A.4,20 gam.

B. 1,28 gam.

2

C. 1,80 gam.

2

D. 2,60 gam.

Hướng dẫn giải - 24

+ Thực hiện các bước theo sơ đồ tư duy: (2)

CH3OH C2H4(OH)2 CH2

Bao toan O NaOH COO 0,4 E

CH2

0,76

H2

RCOONa 0,4 30,28 gam CO2 1,16 mol

O2 1,265 mol

H2O 1,01 mol

28,74 gam

+ Xác định 2 muối : M Muoi =

→

HCOONa CH3COONa

x y z (3)

(1) Bao toan khoi luong

30, 28 = 75, 7 0, 4

0,18 mol 0,22 mol

+ Bảo toàn nhóm OH: x + 2y = 0,4 +Bảo toàn C: 1,16 = x + 2y + z + 0,18.1 + 0,22.2 → x + 2y + z =0,54 + Bảo toán khối lượng: mancol = 32x + 62y + 14z =28,74 + 40.0,4 – 30,28 32x + 62y + 14z =14,46

(I) (II) (III)

Từ (I)(II)(III) ta có: x =0,1; y=0,15 ; z=0,14 Ghép chất: HCOOCH3(CH2)n 0,03 mol CH3COOCH3(CH2)m 0,07 mol HCOO - CH2

CH3OH 0,1 mol C2H4(OH)2 0,15 mol CH2 0,14 mol

NaOH

0,15 mol

CH3COO - CH2

HCOONa

0,18 mol

CH3COONa

0,22 mol

+ Ta dễ có : 0,03.n + 0,07.m = 0,14 →chọn được nghiệm n =0 ; m= 2 → mX = 1,8 gam Câu 25 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X,Y và Z (Trong đó có một este hai chức và hai este đơn chức; M < M < M . Cho 29,36 gam E tác dụng hoàn X

Y

Z

toàn với dung dịch NaOH dư , thu được hỗn hợp các ancol no và 31,22 gam hỗn hợp muối của hai axitcacboxylic kế tiếp trong cùng dãy đồng đẳng .Khi đốt cháy hết 29,36 gam E thì cần vừa đủ 1,24 mol O2 thu được CO2 và 1,0 mol H2O . Khối lượng của Y trong 29,36 gam E là A. 3,20 gam.

B. 1,28 gam.

C. 3,60 gam.

D. 3,06 gam.

Hướng dẫn giải - 25

+ Thực hiện các bước theo sơ đồ tư duy: (2)

Bao toan O NaOH

COO 0,42 E

31,22 gam CO2 1,16 mol

O2 1,24 mol

→

HCOONa CH3COONa

(3) (1) Bao toan khoi luong

H2O 1,0 mol

29,36 gam

+ Xác định 2 muối : M Muoi =

x y z

RCOONa 0,42

CH2 H2

CH3OH C2H4(OH)2 CH2

31, 22 = 74, 333 0, 42

0,23 mol 0,19 mol

+ Bảo toàn nhóm OH: x + 2y = 0,42 +Bảo toàn C: 1,16 = x + 2y + z + 0,23.1 + 0,19.2 → x + 2y + z =0,55 + Bảo toán khối lượng: mancol = 32x + 62y + 14z =29,36 + 40.0,42 – 31,22 32x + 62y + 14z =14,94

(I) (II) (III)

Từ (I)(II)(III) ta có: x =0,1; y=0,16 ; z=0,13 Ghép chất: HCOOCH3(CH2)n 0,07 mol CH3COOCH3(CH2)m 0,03 mol HCOO - CH2

0,16 mol

CH3COO - CH2

+ Ta dễ có : 0,07.n + 0,03.m = 0,13

NaOH

CH3OH 0,1 mol C2H4(OH)2 0,16 mol CH2 0,13 mol HCOONa

0,23 mol

CH3COONa

0,19 mol

→chọn được nghiệm

n =1 ; m= 2 → mY = 3,06 gam

Câu 26 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X,Y và Z (Trong đó có một este hai chức và hai este đơn chức;đều có số C nhỏ hơn 8; M < M < M . Cho 39,84 X

Y

Z

gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư , thu được hỗn hợp các muối của axitcacboxylic và 20,18 gam hỗn hợp hai ancol kế tiếp trong cùng dãy đồng đẳng .Khi đốt cháy hết 39,84 gam E thì cần vừa đủ 1,54 mol O2 thu được CO2 và 1,26 mol H2O .

Khối lượng của Y trong 39,84 gam E là B. 3,20 gam.

B. 8,28 gam.

C. 3,48 gam.

D. 8,12 gam.

Hướng dẫn giải - 26

+ Thực hiện các bước theo sơ đồ tư duy: Bao toan O NaOH COO 0,6 E

ROH

CH2

O2

H2

1,54 mol

39,84 gam

+ Xác định 2 ancol : M Ancol =

→

CH3OH C2H5OH

HCOONa x (COONa)2 y z CH2 0,6

(3)

20,18 gam CO2 1,51 mol

(1) Bao toan khoi luong

H2O 1,26 mol

20,18 = 33, 6333 0, 6

0,53 mol 0,07 mol

+ Bảo toàn nhóm Na: x + 2y = 0,6 +Bảo toàn C: 1,51 = x + 2y + z + 0,53.1 + 0,07.2 → x + 2y + z =0,84 + Bảo toán khối lượng: mmuối = 68x + 134y + 14z =39,84 + 40.0,6 – 20,18 68x + 134y + 14z =43,66

Từ (I)(II)(III) ta có: x =0,1; y=0,25 ; z=0,24 Ghép chất:

(I) (II) (III)

(CH2)n.HCOOCH3 0,03 mol (CH2)m..HCOOC2H5 0,07 mol COO CH3

0,1 mol 0,25 mol 0,24 mol

HCOONa (COONa)2 CH2

NaOH

0,25 mol

COO CH3

CH3OH

0,53 mol

C2H5OH

0,07 mol

+ Ta dễ có : 0,03.n + 0,07.m = 0,24 →chọn được nghiệm n =1 ; m= 3 → mY = 8,12 gam Câu 27 (Tham khảo BGD 2020): Hỗn hợp X gồm 3 este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol no , trong đó có 2 este đơn chức và một este hai chức .Đốt cháy hoàn toàn 3,82 gam X trong O , thu được H O và 0,16 mol CO .Mặt khác cho 3,82 2

2

2

gam X phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH,thu được hỗn hợp Y gồm 2 an col đồng đẳng kế tiếp và dung dịch chứa 3,38 gam hỗn hợp muối .Đun nóng toàn bộ Y với H SO 2

đặc thu được tối đa 1,99 gam hỗn hợp 3 ete.Phần trăm khối lượng của este có phân tử khối nhỏ nhất trong X là : A.23,04%.

B. 38,74%.

C.33,33%.

D.58,12%.

4

Hướng dẫn giải - 27

+ Thực hiện các bước theo sơ đồ tư duy:

NaOH 2t

COO E

CH2

O2

H2

+ Áp dụng ĐLBTKL : 3,82 + 40.2t = 3,38 + m → t =0,025 mol

→

C2H5OH C3H7OH

3,38 gam

ROH 2t m gam CO2 0,16 mol H2O

3,82 gam

+ Xác định 2 ancol : M Ancol =

HCOONa x (COONa)2 y z CH2

2, 44 = 48,8 0, 05

0,04 mol 0,01 mol

( với m = 1,99 + 18t)

ROR t H2O t

1,99 gam

+ Bảo toàn nhóm Na : x + 2y = 0,05 +Bảo toàn C: 0,16 = x + 2y + z + 0,04.2 + 0,01.3 → x + 2y + z =0,05 + Bảo toán khối lượng: mmuối =68x + 134y + 14z =3,38

(I) (II) (III)

Từ (I)(II)(III) ta có: x =0,03; y=0,01 ; z=0 Ghép chất: HCOOC2H5 0,02 mol HCOOC3H7 0,01 mol COO C2H5

HCOONa (COONa)2

NaOH

0,01 mol

COO C2H5

0,03 mol 0,01 mol

C3H7OH

0,01 mol

C2H5OH

0,04 mol

% este nhỏ nhất là : % HCOOC2H5 = 38,74% Câu 28 (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm 3 este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol , trong đó có 2 este đơn chức và một este hai chức .Đốt cháy hoàn toàn 3,72 gam X trong O2 , thu được H2O và 0,13 mol CO2 .Mặt khác cho 3,72 gam X phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH,thu được hỗn hợp Y gồm 2 an col đồng đẳng kế tiếp và dung dịch chứa 4,06 gam hỗn hợp muối .Đun nóng toàn bộ Y với H2SO4 đặc , đun nóng 1700 C thu được tối đa 0,28 gam anken.Phần trăm khối lượng của este có phân tử khối lớn nhất trong X là : A.23,04%.

B. 38,74%.

C.33,33%.

D.31,72%.

Hướng dẫn giải - 28

Trường hợp 1: các ancol đều tách nước tạo anken + Thực hiện các bước theo sơ đồ tư duy:

COO E

CH2

NaOH t O2

H2 3,72 gam

+ Áp dụng ĐLBTKL : 3,72 + 40.t = 4,06 + m

HCOONa x (COONa)2 y z CH2 ROH t m gam CO2 0,13 mol H2O

( với m = 0,28 + 18t)

4,06 gam Anken t H2O t

0,28 gam

→t =

17  → M Anken = 18,1176 ( Vô lý). Vậy hai an col chỉ có thể là CH3OH và 1100

C2H5OH + Xác định 2 ancol :

→

C2H5OH CH3OH

0,01 mol 0,05 mol

+ Bảo toàn nhóm Na : x + 2y = 0,06 +Bảo toàn C: 0,13 = x + 2y + z + 0,01.2 + 0,05.1 → x + 2y + z =0,06 + Bảo toán khối lượng: mmuối = 68x + 134y + 14z =4,06

(I) (II) (III)

Từ (I)(II)(III) ta có: x =0,04; y=0,01 ; z=0 Ghép chất: HCOOCH3 0,03 mol HCOOC2H5 0,01 mol COO CH3

NaOH

0,01 mol

COO CH3

HCOONa (COONa)2

0,04 mol 0,01 mol

CH3OH

0,05 mol

C2H5OH

0,01 mol

% este lớn nhất là : % (COOCH3)2 = 31,72% Câu 29 (MĐ 201-2017). Một hỗn hợp E gồm este đơn chức X và este hai chức Y (X,Y đều no ,mạch hở).Xà phòng hóa hoàn toàn 40,48 gam E cần vừa đủ 560 ml dung dịch NaOH 1M ,thu được hai muối có khối lượng a gam và hỗn hợp T gồm hai ancol có cùng số nguyên tử cácbon.Đốt cháy toàn bộ T ,thu được 16,128 lít khí CO2 (đktc) và 19,44 gam H2O .Giá trị của a gần nhất với giá trị nào sau đây ?

A.43,0.

B. 37,0.

C.40,5.

13,5 .

Hướng dẫn giải -29

Sơ đồ tư duy:

x HCOOC2H5 y

HCOO -CH2

HCOONa NaOH 0,56 mol

CH2

0,56 mol a gam

v

Bao toan O

HCOO- CH2 z

C2H5OH x

CH2

O2

C2H4(OH)2 y

40,48 gam

CH2

CO2

0,72 mol

H2O

1,08 mol

t 51,12 gam

Bảo toàn nhóm COO: x + 2y = 0,56 Bảo toàn O cho sơ đồ đốt cháy ancol:

(I)

n = 0,98 mol O2

Áp dụng ĐLBTKL: mancol = 19,76 gam Áp dụng ĐLBTKL: a = 43,12 gam chọn A Câu 30 (Mã đề 222-2019):Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol : X(no,đơn chức) Y (không no,đơn chức ,phân tử có hai liên kết pi ) và Z (no, hai chức).Cho 0,2 mol E tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được 12,88 gam hỗn hợp ba ancol cùng dãy đồng đẳng và 24,28 gam hỗn hợp T gồm ba muối của ba axit cacboxylic .Đốt cháy toàn bộ T cần vừa đủ 0,175 mol O2 , thu được Na2CO3 ,CO2 và 0,055 mol H2O .Phần trăm khối lượng của X trong E là có già trị gần nhất với giá trị nào sau đây ?

A. 9.

B. 12.

C.5.

D. 6

Hướng dẫn giải - 30

a HCOOCH3 b CH2 = CH- COOCH3 COOCH3 c COOCH3 d CH2 E

COO

2u

CH2 H2 E

+ Áp dụng ĐLBT KL đốt cháy muối:

NaOH 2u

Muoi 24,28 gam

CH2 t H2O 2u 12,88 gam

+ O2 0,175 mol

Na2CO3 u CO2

v

H2O 0,055 mol

24,28 + 0,175.32 = 106 u + 44v + 0,055.18 → 106u + 44v = 28,89 + Dựa vào khối lượng ancol ta có: 2u.18 + 14 t = 12,88 → 18u + 7t = 6,44 + ĐLBT O: 4u + 0,175.2 = 3.u + 2v + 0,055 → u – 2v = - 0,295 Từ (1)(2)(3) ta có: u =0,175 ; v=0,235 ; t =0,47 + Ta có: a + b + c = 0,2 (Số mol hỗn hợp E) a + b + 2c =2u = 0,35 ( Bảo toàn COO) 2a + 4b + 4c + d = u + v + t = 0,88 ( Bảo toàn C) 60a + 86b + 118.c + 14d = mE = 9,16 (Bảo toàn khối lượng ) Dễ tính được a = 0,02; b = 0,03 ; c = 0,15 , d= 0,12 + Ghép chất: 0,02 HCOOCH3 0,03 CH2 = CH- COOCH3 0,15

(2) (3)

0,02

CH2 = CH- COOC3H7 0,03 COOCH3 0,15 COOCH3

COOCH3 COOCH3

0,12

HCOOC4H9

(1)

CH2 E

E

0,12 = 0,02n + 0,03 .m + 0,15.l ( n,m,l lần lượt là số nhóm CH2 Trong X,Y,Z ) l = 0 là giá trị duy nhất phù hợp.và ta có PT toán học 2n + 3m = 12 m 0 1 2 3 4 n 6 4,5 3 1,5 0 Loại Loại Chọn Loại Loại Loại vì : số lẻ hoặc không đảm bảo tạo 3 ancol khác nhau Vậy X là : HCOOC4H9 %X =

2,04 . 100% = 8,81% 23,16

Chọn A

Câu 31 (Mã đề 213-2019):Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol : X(no,đơn chức) Y (không no,đơn chức ,phân tử có hai liên kết pi ) và Z (no, hai chức).Cho 0,58 mol E tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được 38,34 gam hỗn hợp ba ancol cùng dãy đồng đẳng và 73,22 gam hỗn hợp T gồm ba muối của ba axit cacboxylic .Đốt cháy toàn bộ T cần vừa đủ 0,365 mol O2 , thu được Na2CO3 , H2O và 0,6 mol CO2 .Phần trăm khối lượng của Y trong E là có già trị gần nhất với giá trị nào sau đây ?

A. 8.

B. 5.

C.7.

D. 6

Hướng dẫn giải - 31

a HCOOCH3 b CH2 = CH- COOCH3 COOCH3 c COOCH3 d CH2

COO CH2

2u

NaOH 2u

Muoi 73,22 gam

H2 E

E

+ O2 0,365 mol

Na2CO3 u CO2 0,6 mol H2 O

CH2 t H2O 2u 38,34 gam

+ Áp dụng ĐLBT KL đốt cháy muối: 73,22 + 0,365.32 = 106 u + 18v + 0,6.44 → 106u + 18v = 58,5 (1) + Dựa vào khối lượng ancol ta có: 2u.18 + 14 t = 38,34 → 18u + 7t = 19,17 (2) + ĐLBT O: 4u + 0,365.2 = 3.u + v + 0,6.2 → u – v = 0,47 (3) Từ (1)(2)(3) ta có: u =0,54 ; v=0,07 ; t =1,35 + + Ta có: a + b + c = 0,58 (Số mol hỗn hợp E) a + b + 2c =2u = 1,08 ( Bảo toàn COO) 2a + 4b + 4c + d = u + 0,6 + t = 2,49 ( Bảo toàn C) 60a + 86b + 118.c + 14d = mE = 68,36 (Bảo toàn khối lượng ) Dễ tính được a = 0,05; b = 0,03 ; c = 0,5 , d= 0,27 + Ghép chất: 0,05 HCOOCH3 0,03 CH2 = CH- COOCH3 0,5

COOCH3 COOCH3

0,27

CH2 E

HCOOC4H9

0,05

CH2 = CH- COOC5H11 0,03 COOCH3 0,5 COOCH3 E

0,27 = 0,05n + 0,03 .m + 0,5.l ( n,m,l lần lượt là số nhóm CH2 Trong X,Y,Z ) l = 0 là giá trị duy nhất phù hợp.và ta có PT toán học

v

5n + 3m = 27 n m

0 9 Loại

1 2 3 4 5 7,3 5,6 4 2,3 0,67 Loại Loại Chọn Loại Loại Loại vì : số lẻ hoặc không đảm bảo tạo 3 ancol khác nhau Vậy Y là : CH2 = CH - COOC5H11 %X =

4,26 . 100% = 6,23 % 68,36

Chọn D

Câu 32 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol : X(no,đơn chức) Y (không no,đơn chức ,phân tử có hai liên kết pi ) và Z (no, hai chức).Cho 0,87 mol E tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được 52,02 gam hỗn hợp hai ancol có cùng số nguyên tử các bon và 113,01 gam hỗn hợp T gồm ba muối của ba axit cacboxylic .Đốt cháy toàn bộ T cần vừa đủ 1,1025 mol O2 , thu được Na2CO3 , H2O và 1,02 mol CO2 .Phần trăm khối lượng của Y trong E là có già trị gần nhất với giá trị nào sau đây ?

A. 8.

B. 5.

C.7.

D. 6 Hướng dẫn giải - 32

+ O2 1,1025 mol

a HCOOC2H5 b CH2 = CH- COOC2H5 c

HCOOCH2 HCOOCH2

d CH2 E

COO CH2 H2 E

2u

NaOH 2u

Muoi 113,01 gam

C2H5OH C2H4(OH)2 CH2

Na2CO3 u CO2 1,02 mol H2O

v

(a + b) c t

52,02 gam

+ Áp dụng ĐLBT KL đốt cháy muối: 113,01 + 1,1025.32 = 106 u + 18v + 1,02.44 → 106u + 18v = 103,41

(1)

+ ĐLBT O: 4u + 1,1025.2 = 3.u + v + 1,02.2 → u – v = - 0,165 Từ (1)(2) ta có: u =0,81 ; v=0,975 + Ta có: a + b + c = 0,87 (Số mol hỗn hợp E) a + b + 2c =2u = 1,62 ( Bảo toàn COO) → c = 0,75; a + b =0,12 + Dựa vào khối lượng ancol ta có: 46.0,12 + 0,75.62 + 14.t = 52,02 → t =0 ( có thể biện luận : M Ancol =

52, 02 = 59, 79 → 2 ancol là C2H5OH và C2H4(OH)2 ) 0,87

3a + 5b + 4c + d = u + 1,02 + 2(a + b +c) + t = 3,57 74a + 100b + 118.c + 14d = mE = 100,23 Dễ tính được a = 0,075; b = 0,045 ; c = 0,75 , d= 0,12 + Ghép chất: 0,075

HCOOC2H5

0,045

CH2 = CH- COOC2H5

0,75

HCOOCH2

CH3COOC2H5

0,075

CH3 -CH = CH- COOC2H5 0,045 HCOOCH2

HCOOCH2 0,12

( Bảo toàn C) (Bảo toàn khối lượng )

0,75

HCOOCH2

CH2

E

E

0,12 = 0,075n + 0,045 .m + 0,75.l ( n,m,l lần lượt là số nhóm CH2 phân bổ về các chất X,Y,Z ) l = 0 là giá trị duy nhất phù hợp.và ta có PT toán học : 15n + 9m = 24 n 0 1 m 2,67 1 Loại Chọn Vậy Y là : CH3 - CH = CH - COOC2H5 %X =

5,13 . 100% = 5,12 % 100,23

Chọn B

Câu 33 (Nước rút-2021): Hỗn hợp T gồm ba este X, Y, Z mạch hở (MX < MY < MZ). Cho 28,968 gam T tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,282 mol NaOH, thu được một muối duy nhất của axit cacboxylic đơn chức và hỗn hợp Q gồm các ancol no, mạch hở, có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử. Đốt cháy hoàn toàn Q, thu được 8,064 lít khí CO2 và 8,64 gam H2O. Phần trăm khối lượng của nguyên tố C trong X là A. 65,63%.

B. 68,93%.

C. 66,52%.

D. 67,55%.

(2)

Hướng dẫn giải - 33 RCOONa 0,282 mol NaOH 0,282 mol

T

H2O 0,48 mol O2

28,968 gam n= 3

CnH2n + 2Ox 0,12 CO2 0,36 mol

Bao toan OH: x =2,35

+ Áp dụng ĐLBTKL: mancol = 9,792 gam → mMuoi = 30,456 gam → MMuoi = 108 ( CH2=CH-CH2 – COONa) + Các este trong T: C H 2= C H - C H 2- C O O C 3H 7 C H 2= C H - C H 2- C O O C 3H 6 C H 2= C H - C H 2- C O O C H 2= C H - C H 2- C O O C H 2= C H - C H 2- C O O

C 3H 5

C H 2= C H - C H 2- C O O

% KL C trong X : 65,63 % chọn A Câu 34 (Nước rút-2021): Cho X, Y là hai axit cacboxylic đơn chức (MX < MY); T là este ba chức, mạch hở được tạo bởi X, Y với glixerol. Cho 34,59 gam hỗn hợp E gồm X, Y, T và glixerol (với số mol của X bằng 8 lần số mol của T) tác dụng vừa đủ với 300 ml dung dịch NaOH 2M, thu được hỗn hợp F gồm hai muối có tỉ lệ mol 1 : 3 và 5,52 gam glixerol. Đốt cháy hoàn toàn F cần vừa đủ 0,675 mol O2, thu được Na2CO3, H2O và 0,6 mol CO2. Phần trăm khối lượng của T trong E có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 25,75.

B. 25,27.

C. 26,27.

D. 26,75.

Hướng dẫn giải- 34

Sơ đồ tư duy:

(1) Bao toan Na 8u R1COOH v R2COOH RCOO- CH2 u RCOO- CH RCOO- CH2 t C3H5(OH)3

HCOOH 0,6 C3H5(OH)3 0,06 NaOH 0,6 mol z CH2 a - H2 3u - H2O

HCOONa 0,6 CH2 z - H2 a Muoi

Na2CO3 0,3 CO2 0,6 H2O 0,45 mol

(2) Bao toan O

E 34,59 gam

E

O2 0,675

+ Áp dụng ĐLBT C: z = 0,3 + Bảo toàn H: a =0,15 Vì trong hai muối có tỷ lệ số mol là 1: 3 nên ta dễ xác định được các muối trong F: HCOONa 0,45 CH2=CHCOONa

0,15

+ Bảo toàn khối lượng ta dễ tính u =0,045 → t =0,015 ; v =0,105 + Ghép chất: 0,36

HCOOH

0,105

CH2 = CH- COOH HCOOCH2

0,045

HCOOCH

HCOONa CH2 = CH- COONa

0,45 0,15

Muoi

CH2=CH-COO-CH2 0,015

C3H5(OH)3 E

→ % T = 26,279 % Chọn C Câu 35 (Nước rút-2021): Este X hai chức, mạch hở, tạo bởi một ancol no với hai axit cacboxylic no, đơn chức. Este Y ba chức, mạch hở, tạo bởi glixerol với một axit cacboxylic không no, đơn chức (phân tử có hai liên kết pi).Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp E gồm X và Y cần vừa đủ 0,3 mol O2 thu được 0,27 mol CO2 . Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 0,096 mol E cần vừa đủ 210 ml dung dịch NaOH 1,2M, thu được hai ancol (có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử) và hỗn hợp ba muối, trong đó tổng khối lượng muối của hai axit no là a gam. Giá trị của a là A. 7,416.

B 18,540.

C 12,365.

D 8,680.

Hướng dẫn giải- 35

Sơ đồ tư duy: HCOO CH3COO

x

C3H6

O2 0,3 mol

COO ( 2x + 3y)

H2O

-2

CH2=CH-COO CH2=CH-COO

CO2 0,27 mol

CH2 (4x + 9y + z) C3H5

y

H2

NaOH 0,252.t

(x - 2y)

CH2=CH-COO CH2

z 0,096.t

Ta dễ có: x + y = 0,096t 2x + 3y =0,252 t

x = 0,036t y = 0,06 t

x y

=

3 5

Bảo toàn C :6x + 12y +z = 0,27 Bảo toàn E : (4x + 9y + z).6 + (x – 2y).2 = 0,3.4 → 26.x + 50.y + 6.z = 1,2 Giải hệ : x = 0,009 ; y = 0,015 ; z=0,036 → t =0,25 + Gọi n và m lần lượt là số nhóm CH2 phân bổ về X, Y ta dễ có : 0,036 = 0,009.n + 0,015.m → n = 4, m=0 → có nghĩa an col có 3 C →Thành phần của muối là HCOONa

(I)

(II) (III)

0,009

CH 3COONa 0,009 CH 2

0,036

Dễ tính được giá trị của a = 7,416 gam (chú ý chia cho 0,25) chọn A Câu 36 (Nước rút-2021): Hỗn hợp X gồm 3 este đơn chức, tạo thành từ cùng một ancol Y với 3 axit cacboxylic (phântử chỉ có nhóm -COOH); trong đó, có hai axit no là đồng đẳng kế tiếp nhau và một axit không no (có đồng phân hình học, chứa một liên kết đôi C=C trong phân tử). Thủy phân hoàn toàn 7,35 gam X bằng dung dịch NaOH, thu được hỗn hợp muối và m gam ancol Y. Cho m gam Y vào bình đựng Na dư, sau phản ứng thu được 1,12 lít khí (đktc) và khối lượng bình tăng 3,1 gam. Mặt khác, nếu đốtcháy hoàn toàn 7,35 gam X thì thu được CO2 và 4,95 gam H2O. Phần trăm khối lượng của este không no trong X là

Hướng dẫn giải- 36 Na 2ROH 0,1

H2 0,05 mol

m – 0,1 = 3,1 → m = 3,2 → Mancol = 32 ( CH3OH ) + Ta có sơ đồ tư duy :

a

HCOOCH3

b CH3- CH = CH- COOCH3 c

CH2

7,35 gam

COO 0,1 CH2 x H2

a

NaOH 0,1

Muoi CH3OH 0,1 mol

O2 H2O 0,275 mol

7,35 gam

+ Bảo toàn H: x + a = 0,275 (I) + Bảo toàn khối lượng: 0,1.44 + 14.x + 2a = 7,35 → 14.x + 2a =2,95 (II) + Bảo toàn nhóm COO: a + b = 0,1 (III) Giải hệ: x = 0,2 ; a = 0,075 ; b= 0,025; → c=0,025 + Vì c= 0,025 =b nên trong este không no không thể chứa nhóm CH2. Vì nếu có CH2 thì đồng nghĩa este no không có nhóm CH2 (vô lý) Vậy este không no là: CH3 – CH = CH – COOCH3 0,025 mol Vậy % este không no dễ tính được : 34,01% chọn A Câu 37 (Nước rút-2021): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở, đều có bốn liên kết pi (π) trong phân tử, trong đó có một este đơn chức là este của axit metacrylic và hai este hai chức là đồng phân của nhau. Đốt cháy hoàn toàn 7,332 gam E bằng O2 , thu được 0,222 mol H2O. Mặt khác, cho 0,216 mol E phản ứng vừa đủ với 234 ml dung dịch NaOH 1,5M, thu được hỗn hợp X gồm các muối của các axit cacboxylic không no, có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử; hai ancol không no, đơn chức có khối lượng m1 gam và một ancol no, đơn chức có khối lượng m2 gam. Giá trị của m1 và m2 lần lượt là ?

A. 0,96 và 2,748.

B 1,92 và 5,498.

C 1,96 và 3,748.

D 2,96 và 4,748

Hướng dẫn giải -37

Sơ đồ biến hóa:

x

CH2= C -COO - CH2-C

CH

CH3 y CH2 = C

COO 0,351.a COOCH3 COO CH2 -CH =CH2

t

CH2

u

H2

v

O2

CO2 H2O 0,222 mol

NaOH 0,351.a

7,332 gam

CH2 7,332 gam x + y = 0,216.a

+ Áp dụng ĐLBT COO:

x + 2y = 0,351.a

(1)

+Bảo toàn H : u + v = 0,222 + Dựa vào khối lượng E ta có : 44.0,351.a + 14.u + 2v = 7,332 + chú ý theo quy đổi ta có : v = - (2x + y )→ 2x + y = - v *Lấy (1) Cộng (4) → 0,351a – v = 0,648a → v + 0,297a = 0 Giải hệ ta dễ có : u = 0,288 , v= - 0,066 ; a =

(2) (3) (4) (5)

2 9

Giải hệ lần 2 ta có được : x = 0,018 ; y = 0,03 → t =0

Vậy các chất như quy đổi trùng khớp chất trong bài ra; An col tương ứng: CH3OH

0,03 mol

m2 = 0,96 gam

CH2=CH - CH2-OH 0,03 mol CH = C - CH2 - OH 0,018 mol

m1= 2,748 gam

Chọn A

Câu 38 (Nước rút-2021): Cho 4,116 gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X và Y (đều tạo bởi axit cacboxylic và ancol ; MX < MY < 175 ) tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được một ancol Z và 3,78 gam hỗn hợp muối T.Cho toàn bộ Z tác dụng với Na dư , thu được 0,6272 lít khí H2.Đốt cháy hoàn toàn T thu được H2O , Na2CO3 và 0,028 mol CO2 .Phần trăm khối lượng của Y trong E là A. 60,33%.

B. 50,34%.

C. 81,52%.

D. 49,66%.

Hướng dẫn giải-38

+ MX < MY < 175 nên X,Y chỉ có thể là este đơn chức hoặc 2 chức (HCOO)3C3H5 (M =176) +Áp dụng ĐLBT KL ta tính được mancol =2,576 gam = t.R + 17.tn (tn =0,056) → t.R = 1,624 Dễ chọn được ancol là C2H5OH. + Sơ đồ tư duy : Bao toan nhom OH

t.n = 0,028.2 =0,056

COO C H

NaOH 0,056 mol

X 4,116 gam

+Na

R(OH)n t mol

(2) (5)

(1)

H2 0,028 mol

0,056 COONa 0 C 0,028 H T 3,78 gam

O2 (4) BTC

CO2 0,028 mol Na2CO3

0,028

(3)

Dễ xác định được muối: HCOONa 0,028 mol

HCOOC2H5

COONa

COOC2H5

COONa

0,014

COOC2H5

0,028 mol 0,014 mol

%Y =2,044 .100% = 49,66 % 4,116

Chọn D Câu 39 (Nước rút-2021): Cho 1,49 gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X và Y (đều tạo bởi axit cacboxylic và ancol ; MX < MY < 160 ) tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được một ancol Z và 1,69 gam hỗn hợp muối T.Cho toàn bộ Z tác dụng với Na dư , thu được 0,28 lít (đktc) khí H2.Đốt cháy hoàn toàn T thu được H2O , Na2CO3 và 0,0125 mol CO2 .Phần trăm khối lượng của Y trong E là B. 39,60%.

C. 60,40%.

D. 47,83%.

A. 60,33%.

Hướng dẫn giải-39

+ MX < MY < 160 nên X,Y chỉ có thể là este đơn chức hoặc 2 chức (HCOO)3C3H5 ( M = 176 ) + Áp dụng ĐLBT KL ta tính được mancol = 0,8 gam = t.R + 17.tn (tn =0,025) → t.R = 0,375 Dễ chọn được ancol là CH3OH. + Sơ đồ tư duy :

Bao toan nhom OH t.n = 0,0125.2 =0,025

COO C H

R(OH)n t mol

NaOH 0,025 mol

X 1,49 gam

(2)

(1)

+Na

H2 0,0125 mol

0,025 COONa O2

C 0 0,015 H

(3) BTC

T

CO2 0,0125 mol Na2CO3 0,0125

1,69 gam

+ Dễ xác định được muối: HCOONa 0,015 mol

HCOOCH3

COONa

COOCH3

COONa

0,005

COOCH3

0,015 mol 0,005 mol

%Y =

0,59 .100% = 39,6 % 1,49

Chọn B

Câu 40 (Nước rút-2021): Cho 4,784 gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X và Y (đều tạo bởi axit cacboxylic và ancol ; MX < MY < 160 ) tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được một ancol Z và 4,394 gam hỗn hợp muối T.Cho toàn bộ Z tác dụng với Na dư , thu được 0,728 lít (ddktc) khí H2.Đốt cháy hoàn toàn T cần vừa đủ 0,5824 lít O2 (đktc) thu được H2O , Na2CO3 và CO2 .Phần trăm khối lượng của Y trong E là A. 60,33%.

B. 50,27%.

C. 39,67%.

D. 47,83%.

Hướng dẫn giải-40 + MX < MY < 160 nên X,Y chỉ có thể là este đơn chức hoặc 2 chức (HCOO)3C3H5 ( M = 176 ) + Áp dụng ĐLBT KL ta tính được mancol = 2,99 gam = t.R + 17.tn (tn =0,065) → t.R = 1,885 + Dễ chọn được ancol là C2H5OH. + Sơ đồ tư duy : B a o to a n n h o m O H (1 ) t.n = 0 ,0 3 2 5 .2 = 0 ,0 6 5

COO C H

R (O H ) n t m ol

N aO H 0 ,0 6 5 m o l (2 )

X 4 ,7 8 4 g a m

+Na

0 ,0 6 5 C O O N a 0 2y

C H

T 4 ,3 9 4 g a m

H2 0 ,0 3 2 5 m o l O2 0 ,0 2 6 (3 ) BTC

CO2

x m ol

N a 2 C O 3 0 ,0 3 2 5 H 2O y m o l

Xét bài toán đốt cháy muối : +Áp dụng ĐLBTKL: 44x + 18y = 1,781 + Áp dụng ĐLBT O : 2x + y = 0,0845 x = 0,0325 y = 0,0195

Dễ xác định được muối HCOONa 0,039 mol

HCOOC2H5

COONa

COOC2H5

COONa

0,013

COOC2H5

0,039 mol 0,013 mol

%Y =

1,896 .100% = 39,67 % 4,784

Chọn C

Câu 41 (Nước rút-2021):.Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X và Y (đều tạo bởi axit cacboxylic và ancol ; MX < MY < 175 ) thu được 6,72 lít CO2 .Cho m gam E tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được một muối và 4,71 gam hỗn hợp ancol Z .Cho toàn bộ Z tác dụng với Na dư , thu được 1,68 lít khí H2.Phần trăm khối lượng của X trong E là A. 29,63%.

B. 62,28%.

C. 40,40%.

D. 30,30%.

Hướng dẫn giải + MX < MY < 175 nên X,Y chỉ có thể là este đơn chức hoặc 2 chức vì (HCOO)3C3H5 ( M = 176 ) + Áp dụng ĐLBT KL ta tính được mancol = 4,71 gam = t.R + 17.tn (tn =0,15)→ t.R = 2,16 → Hai ancol là ( có CH3OH và R’(OH)2 ) + Sơ đồ tư duy :

(1) (2) 0,15 COO 0,15 C H

(3)

NaOH 0,15 mol O2

E m gam

R(OH)n t mol 4,71 gam

Bao toan nhom OH t.n = 0,075.2 =0,15 +Na

H2 0,075 mol

Muoi CO2 0,3 mol

+ Xét trong E ta thấy nC = nCOO nên X, Y lần lượt là x y

HCOOCH3 HCOO HCOO

CH2

x + 2y = 0,125

CH2

32x + 62y = 3,925

%X =

3 .100% = 40,40% 7,425

x =0,05 y = 0,0375

Chọn C