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Sea ahora un aparato de 4 cilindros, diferenciales geométricamente:
:: 315 : -630 : 1260 : 2520 (fig . 5(0). ¿Cuántos kilógramos podrá levantar el vástago conjugador, además de vencer la presion atmosférica? : Analicemos. Las 8 atmósferas que actúan contra la cara inferior del émbolo menor, solo servirán para contrarestar la presion de la atmósfera ambiente, que pesa sobre la cara superior del émbolo mayor; porque j
(Potencia = 315 mod X salm) = (Resistencia = 2520 lllod X l"lril) . Pero entonces, ¿no es risible preguntar cuánto levantará el vástago? ¿De qué fuerza podemos disponer, si toda la hemos ya inve~tido? RESPUESTA. De mucha todavía. En efecto: cuando los émbólos empiezan á subir (como indica la figura 5(0), el ánuló a b es empujado con una fuerza de 8allll , el e el con la de 4; yel e! con la de 2. Y, cuando los émbolos han :llegado al :6.11 de su carrera (fig· 5(1), todavía el ánulo a b es sostenido por 4allll ; el e el por 2; y el e por l. . De manera que, AL EMPEZAR, el sistema de émbolos conjugados es capaz de levantal' 7560 kilógramos; y, AL TERMINAR, puede aún levantar 3780 (justamente la mitad) (1): el promedio es, por tanto, = 5670 k • . Obsérvese esto bien: el sistema de un solo cilindro con 315 mod en su base, no podria ascender, aun trabajando á pl'.esion plena, si se le opusiese una rea:li sistencia superior á 2105 kilógramos: Mientras que el de los ' 4 émbolos conjugados, aun en su caso más desfavorable, puede con 3780 kilógramos,' es decir, con un 55 por 100 más; Y, tomando el promedio, como es debido, pliede 2a a11i1 con 5680 k, esto es, con 270 por 100 (siempre más del doble efectivo, por mucho que se quiera descontar Fig. 50\. de rozamientos y resistencias pasivas de toda clase).
r
(1)
Fuerza nI empezar.
Ánulos.
ab= 315 mod e(= 630
315 X 630 X 1260 X
cd = 1260
8allll = 2520 4alm = 2520 2allll = 2520
-7560
,
I
Fuerza al concluir.
Promedios.
4alm = 2allll =
1890 1990 1890 '
315 X 630 X 1260 X
..
1260 1260 plm = 1260
- -3780
56'70